Phương pháp:

Dựa vào sơ đồ SGK. Về ảnh hưởng của nhiệt độ đến sự sinh trưởng của cá rô phi.

Cách giải:

- Trước I là khoảng giới hạn dưới.

- Sau I là khoảng giới hạn trên.

- I là khoảng thuận lợi.

Chọn B.

Phương pháp:

Dựa vào cường độ chiếu sáng, người ta chia thành 3 nhóm cây chính là nhóm cây ưa sáng, ưa bóng và trung tính.

Cách giải:

Những tầng cây vượt tán là tầng trên cùng của cánh rừng, cao nhất và có thể quang hợp với cường độ chiếu sáng cao nhất.

Chọn B.

Phương pháp:

Bộ nhiễm sắc thể của đột biến thể 3 nhiễm là 2n+1.

Cách giải:

2n=12 thì 2n+1 =13

Chọn C.

Phương pháp:

Nguyên tắc bổ sung trong nhân đôi DNA là: A – T; G – X và ngược lại.

Cách giải:

A thì liên kết bổ sung với T môi trường.

Chọn D.

Phương pháp:

Hình bên thể hiện quá trình hình thành loài mới bằng con đường lai xa và đa bội hóa.0

Cách giải:

Kết quả của quá trình lai xa và đa bội hóa là hình thành thể song nhị bội 2n_A+2n_B.

Chọn B.

Phương pháp:

Xem xét các ý hỏi.

Cách giải:

Ý A, bệnh máu khó đông do đột biến gen lặn nằm trên vùng không tương đồng của NST X quy định.

Ý B, bệnh bạch tạng cho đột biến gen lặn nằm trên NST thường gây ra.

Ý C, đột biến 2n nhiễm sắc thể 21 gây ra.

Ý D, hội chứng AIDS do sự chuyển nặng của việc nhiễm HIV.

Chọn C.

Phương pháp:

Loài mới được hình thành khi nó có khả năng di truyền nòi giống và cách li sinh sản với các loài khác.

Cách giải:

Dựa vào phương pháp.

Chọn A.

Phương pháp:

Ruồi giấm có cặp NST giới tính giống người là XX và XY.

Cách giải:

Ruồi giấm đực là cặp NST giới tính là XY.

Chọn A.

Phương pháp:

Bằng chứng trực tiếp cho quá trình tiến hóa là hóa thạch.

Các bằng chứng về tế bào học, giải phẫu phôi sinh học so sánh, giải phẫu sinh học so sánh, sinh học phân tử,.... là các loại bằng chứng gián tiếp.

Cách giải:

Bằng chứng trực tiếp về mối quan hệ giữa linh trưởng và người có chung nguồn gốc là hóa thạch.

Chọn D.

Phương pháp:

Quá trình giao phối không làm thay đổi tần số alen mà làm thay đổi thành phần kiểu gen của quần thể là giao phối không ngẫu nhiên.

Cách giải:

Dựa vào phương pháp.

Chọn A.

Phương pháp:

Tham khảo SGK về cấu trúc và chức năng của Operon Lac.

Cách giải:

Trong operon Lac, vùng vận hành kí hiệu là O là nơi gắn với protein ức chế.

Chọn B.

Phương pháp:

9:3:3:1=(3:1).(3:1).

Do đó, P dị hợp về 2 tính trạng đang xét.

Cách giải:

Suy ra, KG P: AaBb ´ AaBb

Chọn C.

Phương pháp:

Nuôi cấy hạt phấn là quá trình nuôi các tế bào đơn bội (n) sau đó gây lưỡng bội hóa tạo thành các cơ thể đồng hợp về tất cả các cặp gen.

Cách giải:

Dựa vào phương pháp.

Chọn D.

Phương pháp:

Mỗi cơ thể giảm phân bình thường luôn cho nhiều nhất 50% giao tử có hoán vị nên 0% £ f £ 50%

Cách giải:

Dựa vào phương pháp.

Chọn C.

Phương pháp:

Các chất được vận chuyển từ đất vào rễ phải đảm bảo:

+ Đi từ nơi có nồng độ cao đến nơi có nồng độ thấp.

+ Kích thước phân tử nhỏ.

+ Có thể khuếch tán qua mang sinh chất hoặc qua kênh dễ dàng.

Cách giải:

Các chất như đường, chất khoáng hoặc amino acid là những chất có kích thước lớn. Do đó không thể khuếch tán dễ dàng từ đất vào rễ được.

Chọn C.

Phương pháp:

Loài ưu thế thường là loài có mức cạnh tranh cao, sinh khối lớn nhất trong quần xã. Thường là các loài thực vật hay sinh vật sản xuất.

Cách giải:

Dựa vào phương pháp.

Chọn A.

Phương pháp:

Hormone làm tăng lượng đường máu là Glucagon.

Cách giải:

Glucogon giúp biến đổi Glycogen thành Glucose do đó làm tăng đường huyết.

Chọn C.

Phương pháp:

AaBb giảm phân bình thường tạo tối đa 4 loại giao tử bth AB,ab hoặc Ab,aB.

Cách giải:

Giao tử bình thường là giao tử Ab

Chọn A.

Phương pháp:

Để gây đột biến tứ bội thì người ta thường sử dụng Consixin.

Các yếu tố sốc nhiệt hay sử dụng tia tử ngoại, phóng xạ thì thường gây các đột biến cấu trúc nhiễm sắc thể.

Cách giải:

Dựa vào phương pháp.

Phương pháp:

 $A=AA+\frac{1}{2}Aa;a=aa+\frac{1}{2}Aa$

Cách giải:

$A=0,16+\frac{0,48}{2}=0,4$

Chọn D.

Cách giải:

Ý A, sai. Kích thước quần thể giảm dần theo thứ tự là III,II,I,IV.

Ý B, sai. Tỉ lệ giới tính được duy trì ở mức 1:1 và xoay quanh mức cân bằng, không thể bất biến theo thời gian.

Ý C, đúng.

Ý D, sai. Điều ngược lại thì đúng, nhưng quần thể IV có thể bị diệt vong sớm hơn nhờ các yếu tố khác.

Chọn C.

Phương pháp:

Xem xét từng ý hỏi.

Cách giải:

Ý A, đúng. Các gen nằm trên cùng một nhiễm sắc thể tạo thành một nhóm gen liên kết và có xu hướng di truyền cùng nhau.

Ý B. Sai. Các gen nằm trên các nhiễm sắc thể khác nhau chỉ tương tác gián tiếp qua các sản phẩm của gen. Ý

C. Sai. Chỉ có thể xảy ra hoán vị gen giữa các gen nằm trên trên các cặp nhiễm sắc thể giống nhau.

Ý D. Sai. Các gen nằm trên nhiễm sắc thể giới tính X có thể có hoặc không có alen tương ứng trên Y.

Phương pháp:

Xem xét từng ý hỏi.

Cách giải:

A sai. Diệp lục a mới là phân tử tham gia trực tiếp vào sự chuyển hóa quang năng thành hóa năng.

B đúng. Pha tối ở thực vật C3, C4, và CAM đều diễn ra chu trình Canvin

C sai. 6AlPG từ chu trình Canvin thì 1 AlPG được tách khỏi chu trình để chuyển hóa thành prôtêin và lipit.

D sai. Pha tối thì không có quang phân ly nước.

Chọn B.

Phương pháp:

Xem xét từng ý hỏi.

Cách giải:

A sai. Các axit amin được gắn với nhau bằng liên kết peptitde tạo nên phân tử prôtêin bậc 1.

B sai. Bộ ba đối mã của tARN mang axit amin Mêtiônin bổ sung chính xác với bộ ba 5’AUG3’ trên mARN.

C đúng. mARN thường gắn đồng thời với nhiều ribôxôm giúp tăng hiệu suất tổng hợp prôtêin.

D sai. Kết quả của quá trình dịch mã tạo ra chuỗi pôlipeptit có thể chưa nhiều methinine và bị cắt bỏ đi methionine làm nhiệm vụ mở đầu.

Chọn C.

Phương pháp:

Xem xét từng ý hỏi.

Cách giải:

A đúng.

B sai. Nếu cách ly tập tính hay địa lí thì chưa đảm bảo là loài mới được hình thành.

C sai. Cách li địa lí gián tiếp làm thay đổi tần số alen của quần thể.

D. sai. Hình thành loài bằng con đường đột biến chủ yếu xảy ra ở thực vật.

Cách giải:

P: AaBbCc x AaBbCc

F1: sinh con da trắng aabbcc   $={\frac{1}{4}}^3=\frac{1}{64}$

Chọn C.

Cách giải:

Ý A,sai. Vì đối kháng vẫn đem lại lợi ích cho một số loài.

Ý B, sai. Đúng.

Ý C, D. Sai.

Chọn B.

Phương pháp:

Nắm vững kiến thức về chọn lọc tự nhiên. Dùng phương pháp loại trừ.

Cách giải:

A sai. Kết quả của chọn lọc tự nhiên là hình thành quần thể thích nghi.

B sai. Chọn lọc tự nhiên tác động trực tiếp kiểu hình.

C. sai Chọn lọc tự nhiên không tạo ra kiểu gen mới.

D đúng.

Chọn D.

Phương pháp:

Nắm chắc kiến thức về phần tiêu hóa ở động vật.

Cách giải:

A sai. Ở ruột non, thức ăn chỉ được tiêu hóa ngoại bào

B đúng. Thức ăn được tiêu hóa cơ học, hóa học và biến đổi nhờ vi sinh vật cộng sinh.

C sai. Dạ dày 4 ngăn và có vi sinh vật sống cộng sinh giúp tiêu hóa xenlulôzơ chỉ có ở động vật nhai lại.

D sai. Chất dinh dưỡng đơn giản được tạo thành ở manh tràng sẽ được thấp thụ quá ruột già.

Phương pháp:

Xem xét từng ý hỏi.

Cách giải:

A sai. Phân bố theo nhóm mới là kiểu phân bổ phổ biến nhất trong tự nhiên.

B sai. Phân bố theo ngẫu nhiên mới là dạng trung gian.

C sai. Phân bố đồng đều xảy ra khi môi trường đồng nhất, mức độ cạnh tranh cao.

D đúng. Phân bố đồng đều làm giảm mức độ cạnh tranh giữa các cá thể trong quần thể.

Chọn D.

Cách giải:

♀: XX, ♂: XY.

P(tc) khác nhau 2 cặp tính trạng tương phản.

F₁: 50% con cái mắt đỏ, cánh dài.

    50% con đực mắt đỏ, cánh ngắn.

♀F₁ lai phân tích. → Fa :30% mắt trắng, cánh ngắn.

45% mắt trắng, cánh dài.

5% mắt đỏ, cánh dài.

20% mắt đỏ, cánh ngắn.

+ Tính trạng xuất hiện không đồng đều ở 2 giới.

+ Tính trạng do gen liên kết với vùng trên NST X không có alen tương ứng trên Y.

+ Xét riêng từng tính trạng lai phân tích:

Tính trạng màu mắt: trắng: đỏ = 3:1 → kết quả của quá trình tương tác gen 9:7.

Tính trạng độ dài cánh: 1:1.

(3:1).(1:1) khác tỉ lệ đề bài cho. Do đó gen di truyền liên kết.

Quy ước gen:

A_ cánh dài a: cánh ngắn.

B_,D_: đỏ, các kiểu gen còn lại quy định màu trắng.

Đã suy ra được gen liên kết giới tính và có sự liên kết giữa A với B hoặc D. Do đó, trong TH này, lấy TH A

và B cùng nằm trên vùng không tương đồng của NST giới tính X.

→ F1: F1 lai phân tích . Lại có $X_B^A{X}_b^a{D}_{-}+X_B^{A}Y{D}_{-}=5\%\to X_B^A=5\%:\frac{1}{2}=10\%\to f=20\%$

→ Cái F1:    $♀X_b^A{X}_B^{a}Dd\times ♂X_B^{a}YDd$

Ý I, sai. Con cái F₁ đã tạo mỗi giao tử hoán vị với tỉ lệ 10%.

Ý II, đúng. ♂  lai phân tích cho đời con toàn alen trội có tỉ lệ là 1/4.

Ý III, đúng. F1:  

Tỉ lệ mắt đỏ, cánh ngắn ở đời con là:  $\left(X_B^a{X}_B^a+X_B^a{X}_b^a\right)D_{-}=\frac{1}{4}\times \frac{3}{4}=\frac{3}{16}$

Ý IV, đúng. Từ kiểu gen của F1: $♀X_b^A{X}_B^{a}Dd;♂X_B^{a}YDd$

Có 2 phép lai của P thỏa mãn là:

 $X_B^a{X}_B^{a}DD\times X_b^{A}Ydd\text{ và }{X}_B^a{X}_B^{a}dd\times X_b^{A}YDd$

Chọn A.

Cách giải:

(14) aabb.

→ (8) AaBb → (9) AaBb

 $\left.\to \left(13\right):\left(A_{-};B\_\right)=\left(\frac{1}{3}AA:\frac{2}{3}Aa\right).\left(\frac{1}{3}BB:\frac{2}{3}Bb\right).6\right)A_{-}bb\to \left(7\right)aa{B}_{-}\to \left(12\right)AaBb.$

→ Xác xuất sinh con đầu lòng bị bệnh P:  $\text{ (12)}\times \left(13\right)=\frac{2}{3}\times \frac{1}{4}\times \frac{2}{3}\times \frac{1}{4}=\frac{1}{36}$

Chọn A.

Phương pháp:

Vận dụng các kiến thức về diễn thế sinh thái, có 2 loại diễn thế chính là diễn thế nguyên sinh và diễn thế thứ sinh.

Cách giải:

Các ý đúng là I, II, III, IV.

Chọn D.

Cách giải:

+ Alen H:  $N=\frac{5100\times 2}{3,4}=3000\left(Nu\right)\to \left\{\begin{array}{l}A+G=1500\\ 2.A-3G=0\end{array}\iff \left\{\begin{array}{l}A=T=900\\ G=X=600\end{array}\right.\right.$

+ Alen h: A – G = 302, đột biến từ gen H. Suy ra, alen h có:

A= T =901; G=X=599. Đây là dạng đột biến thay thế một cặp G – X thành A – T.

Ý I, đúng.

Ý II, đúng.

- Ở pha G₁, tế bào Q có 1789G = 600+599+599. Suy ra kiểu gen Q:Hhh.

- Ở kì cầu NF, tế bào P có 3596 = 2.1798=2.( 600+599+599). Suy ra kiểu gen P: Hhh.

Ý III, đúng. Tế bào R có 4786G = 2.2398 = 2.(600+600+599+599). Suy ra kiểu gen P: HHhh.

Ý IV, sai. Kì giữa II, tế bào S có 1200 = 600+600. Suy ra kiểu gen là HH.

Chọn C.

Cách giải:

Các ý đúng là II, III, IV.

Ý I sai là vì nhân tố vô sinh thì không bị ảnh hưởng của mật độ.

Chọn A.

Cách giải:

A: Dài >> a: ngắn.

P: ♀: 0,4A: 0,6a.

    ♂: 0,6A: 0,4a.

P ngẫu phối thu được đời F₁ có: 0,24AA:0,52Aa:0,24aa.

Ý 1, đúng. Số cá thể chân ngắn ở F1 là: 0,24 x 2000 = 480.

Ý 2, sai. Vì tỉ lệ giao tử ở thể hệ P khác nhau nên phải qua 2 thế hệ ngẫu phối quần thể mới cân bằng di truyền.

Ý 3, sai. Vì F₁: 0,5A:0,5a. Nên F₂:   $\frac{1}{4}AA:\frac{2}{4}Aa:\frac{1}{4}aa\to Aa=\frac{2}{4}\times 4000=2000$

Ý 4, sai. Vì tần số alen F₁ = Tần số alen F₂.

Chọn A.

Phương pháp:

Quan sát đồ thị, xét từng ý hỏi.

Nắm vững và phân biệt được 2 hình thức cạnh tranh loại trừ và không loại trừ.

Cách giải:

I. sai. Khi nuôi riêng, hai loài trên đều tăng trưởng theo giới hạn của môi trường (Sinh trưởng K).

II. đúng. Đồ thị thứ 2 đã miêu tả điều này.

III. sai. Hai loài này là cạnh tranh loại từ nên không có sự phân li ổ sinh thái.

IV. Đúng. Đồ thị nét đứt cho thấy loài Paramecium arelia có khả năng cạnh tranh tốt hơn.

Chọn D.

Phương pháp:

Đọc lại kiếm thức về cạnh tranh giữa các loài trong quần xã. Sau đó, dùng phương pháp loại trừ.

Cách giải:

Có 3 ý đúng là I, II, III.

Ý IV sai là vì cùng ổ sinh thái là khái niệm để chỉ mối quan hệ giữa các loài khác nhau.

Chọn D.

Cách giải:

P: Đỏ, tròn x Đỏ, tròn.

F₁:

+ Tính trạng màu sắc: Đỏ: hồng: trắng = 9: 6: 1.

+ Tính trạng hình dạng: Tròn: bầu dục = 3:1.

Quy ước gen:

    A_B_: đỏ                    A_bb,aaB_: hồng        aabb: trắng.

    D_: tròn                      dd: bầu dục.               

Tổ hợp: (9:6:1) x (3:1) khác tỉ lệ đề bài. Do dó, có thể giả sự gen B liên kết với gen D.

Mặc khác, ta có F₁ xuất hiện hoa trắng, quả bầu dục $aa\frac{bd}{bd}$  nên P dị hợp 3 cặp gen.

Ta có $aa\frac{bd}{bd}=2,25\%\to \frac{bd}{bd}=9\%\text{. Suy ra P: }Aa\frac{BD}{bd};f=40\%$  và bố mẹ ở P giống nhau.

= Ý I, sai. Có tất cả là 10 x 3 = 30 kiểu gen.

Ý II,sai.

Ý IV, đúng.  $\frac{AA\frac{BD}{BD}}{A_{-},B_{-},D_{-}}=\frac{9\%}{44,25\%}\approx 5,0847\%\approx 5\%$

Chọn B.

Phương pháp:

- Xem xét kết quả tạo ra của từng alen.

- Xem xét các ý hỏi.

Cách giải:

Alen 1 là đột biến hình thái bộ ba kết thúc 5’UAG3’.

Alen 2 là đột biến hình thành bộ ba kết thúc 5’UAG3’.

Alen 3 là đột biến hình thành bộ ba mở đầu 5’AUG3’.

Alen 4 là đột biến hình thành bộ ba kết thúc 5’UAG3”.

Ý I, sai. Alen 3 tổng hợp $\frac{490}{3}-1=245$  amino acid. Vì trên 1 chuỗi polypeptide có thể có nhiều Methionine.

Ý II, đúng. Do hình thành bộ ba kết thúc.

Ý III, sai. Alen Y có ở SV nhân sơ nên mỗi alen chỉ tương ứng với 1 protein, do không có quá trình cắt nối intron và exon.

Ý IV, sai. mRNA vẫn có kích thước bình thường, tuy nhiên khi phiên mã thì tạo chuỗi polypeptide ngắn hơn.

Chọn B.