Chọn B

Cây trên cạn hấp thụ nước và ion khoáng của môi trường chủ yếu nhờ tế bào lông hút

Chọn A.

Chọn A

Trong các thành phần trên, chỉ có ADN không trực tiếp tham gia quá trình dịch mã. ADN chỉ gián tiếp tham gia quá trình dịch mã, nó làm khuôn tổng hợp nên mARN, mARN trực tiếp tham gia dịch mã.

Chọn A

Đảo đoạn là loại đột biến ít gây hậu quả nghiêm trọng nhất vì số lượng gen trên NST không bị thay đổi.

Chọn A

Chọn A. Vì đột biến tam bội có bộ NST 3n nên làm tăng hàm lượng ADN. Các phương án B, C, D đều làm giảm hàm lượng ADN.

Chọn B

Khi Chủng bị đột biến ở vùng khởi động (P) của opêron Lac làm cho vùng P không liên kết được với ARN polimeraza → Không có enzim thực hiện phiên mã → Quá trình phiên mã không diễn ra.

Chọn A

Chọn D

Cho biết mỗi gen quy định 1 tính trạng trội lặn hoàn toàn, ở phép lai đơn tính tỉ lệ phân ly kiểu hình 1 : 1 cả ở F₁ và F₂ diễn ra ở những phương thức di truyền liên kết với giới tính và ảnh hưởng của giới tính.

Chọn A.

Chọn B

Chọn C.

Chọn B

Chọn A.

Chọn A.

Chọn A.

Chọn A

Nếu tính trạng do gen trội nằm trên NST giới tính X quy định:

Các kiểu gen của nam giới: $X^{A}Y$ và $X^{a}Y$, nam bị bệnh $X^{A}Y$ chiếm 50%

Các kiểu gen của nữ giới: $X^A{X}^A:X^A{X}^a:X^a{X}^a$, nữ bị bệnh $X^A{X}^A$ và $X^A{X}^a$ chiếm 66,67% cao hơn nam giới

Chọn D.

Chọn C.

Kích thước quần thể là số lượng cá thể hoặc khối lượng, năng lượng tích lũy trong các cá thể trong khoảng không gian của quần thể

Kích thước quần thể dao dộng từ kích thước tối thiểu đến kích thước tối đa. Trong đó.

+ Kích thước tối thiểu là số lượng cá thể ít nhất mà quần thể cần có để phát triển.

Khi kích thước quần thể xuống dưới kích thước tối thiểu thì quần thể có nguy cơ suy giảm số lượng và diệt vong do: sự gặp nhau giữa các cá thể ít → giảm khả năng sinh sản; khả năng giao phối cận huyết tăng; các cá thể ít nên sự hỗ trợ nhau kém....

+ Kích thước tối đa là số lượng cá thể quần thể có thể đạt được tương ứng với khả năng cung cấp nguồn sống của môi trường.

Chọn B

Cách ly địa lý có vai trò duy trì sự khác biệt về tần số alen giữa các quần thể.

Nhân tố làm chậm sự hình thành loài mới sẽ làm giảm sự khác biệt về tần số alen giữa các quần thể đó chỉ có thể là di nhập gen

Chọn D

Cây thân cao, hoa đỏ ở (P) có kiểu gen là: $\frac{AB}{ab}\to$ cho 2 loại giao tử AB ( luôn cho đời con thân cao, hoa đỏ khi kết hợp với mọi loại giao tử) và ab ( cho đời con có kiểu hình phụ thuộc hoàn toàn vào giao tử còn lại) $\to$ để đời con có kiểu hình đồng tính ( thân cao, hoa đỏ) thì giao tử của cây thân cao hoa đỏ ở (P) phải kết hợp với duy nhất một loại giao tử của cây còn lại, đó là AB $\to$ Cây còn lại phải có kiểu gen đồng hợp tử trội về cả hai cặp gen $\frac{AB}{AB}\to$ Tất cả những kiểu gen khác khi cho lai với cây thân cao, hoa đỏ dị hợp đều $\left(\frac{AB}{ab}\right)$ đều cho đời con có kiểu hình phân tính $\to$ Kiểu gen của cây còn lại có thể là 1 trong 9 trường hợp sau: $\frac{AB}{Ab};\frac{AB}{aB};\frac{AB}{ab};\frac{Ab}{aB};\frac{Ab}{Ab};\frac{aB}{aB};\frac{Ab}{ab};\frac{aB}{ab};\frac{ab}{ab}$. Vậy Chọn của câu hỏi này là 9

Chọn D

Người đầu tiên đưa ra khái niệm biến dị cá thể là Đacuyn.

Chọn D

A sai, mật độ động vật ăn thịt ở sông Z thấp hơn các sông khác vì con đực có chấm sáng nhỏ nhất

B,C chưa thể kết luận được.

D đúng, vì cá đực ở sống X có chấm sáng to → kẻ thù dễ phát hiện , số lượng kẻ thù nhiều.

Chọn B

Chọn B

Quần thể tự thụ phấn có 100%Aa  sau  3 thế hệ tự thụ phấn có  cấu trúc di truyền.

Chọn C

Các phát biểu đúng về đột biến gen là: 1,3

(2),(4) sai, ĐBG không làm thay đổi vị trí gen và cấu trúc NST

Chọn B

Phát biểu sai về khả năng hấp thụ nito của thực vật là B, thực vật không có khả năng hấp thụ nito phân tử

Chọn B.

Chọn B

Phát biểu sai về hệ tuần hoàn ở người là: B, huyết áp ở tĩnh mạch thấp nhất.

Chọn B

Phép lai X^aX^a × X^AY → X^AX^a : X^aY  KH:1 ruồi mắt đỏ : 1 ruồi mắt trắng

Chọn C

Chọn D

Theo bài ra ta có:

$$\begin{gathered} \left\{\begin{array}{l}{A}_1+G_1=50\%\\ A_2+X_2=60\%\\ X_2+G_2=70\%\end{array}\right.\Rightarrow \left\{\begin{array}{l}{T}_2+X_2=50\%\\ A_2+X_2=60\%\\ X_2+G_2=70\%\end{array}\right. \\ \Rightarrow \left(T_2+A_2+X_2+G_2\right)+2{\text{X}}_2=50\%+60\%+70\%=180\% \\ \Rightarrow 2{\text{X}}_2=180\%-100\%=80\%\Rightarrow X_2=40\% \end{gathered}$$

$\to$ I đúng.

X₂ = 40% $\to$ A₂ = 20%; G₂ = 30%; T₂ =10%

$\to$ (A₂ + X₂) / (T₂ + G₂) = (20% + 40%) / (10% + 30%) = 3/2 $\to$ II đúng

Tỉ lệ % số nuclêôtit mỗi loại của gen là: $\%A=\%T=\frac{\%A_2+\%T_2}{2}=\frac{20\%+10\%}{2}=15\%;$

 %G = %x = 50% - 15% = 35% $\to$ III đúng

Có T₁ = A₂ = 20%; G₁ = X₂ = 40% à T₁/ G₁ = 20% / 40% = 1/2 $\to$ IV đúng

Vậy có 4 phát biểu đúng.

Chọn C.

Chọn D.

Theo giả thiết: đem lai hai dòng thuần chủng thân cao, hoa đỏ với thân thấp, hoa trắng.

 $\Rightarrow$F₁  có kiểu gen (Aa, Bb) quy định thân cao, hoa đỏ

F₁: TỰ THỤ

F₂:  $\frac{1}{4}\frac{ab}{ab} = \frac{1}{2}\underline{ab} x \frac{1}{2}\underline{ab}$

  $\Rightarrow$F₁ TỰ THỤ: $♂\frac{AB}{ab} x ♀\frac{AB}{ab}$  [Lưu ý: kiểu gen và tần số hoán vị gen của tính trạng ♂, ♀ là hoàn toàn giống nhau]

    $\Rightarrow$F₂:$\frac{1}{4}\frac{AB}{AB} : \frac{2}{4}\frac{AB}{ab} : \frac{1}{4}\frac{ab}{ab}$

F₂ x F₂: $(\frac{1}{4}\frac{AB}{AB} : \frac{2}{4}\frac{AB}{ab} : \frac{1}{4}\frac{ab}{ab}) x (\frac{1}{4}\frac{AB}{AB} : \frac{2}{4}\frac{AB}{ab} : \frac{1}{4}\frac{ab}{ab})$

   G_F2:         $\frac{1}{2}\underline{AB} : \frac{1}{2}\underline{ab}$                       $\frac{1}{2}\underline{AB} : \frac{1}{2}\underline{ab}$

F₂: $\frac{1}{4}\frac{AB}{AB} : \frac{2}{4}\frac{AB}{ab} : \frac{1}{4}\frac{ab}{ab}$

$\Rightarrow$ Kiểu hình F₂: 3A-B-: 1aabb

Chọn B

♂AaBbDdEe  x  ♀AaBbddEe.

Đực: Aa $\to$ A = a = 37,5%; Aa = $\frac{2}{4} x 25\%$ = 12,5%

Cái: Ee $\to$ E = e = 46%; Ee = $\frac{2}{4} x 8\%$ = 4%

Hợp tử không đột biến = 75% x 92% = 69%

Chọn B

A: đỏ >> a: trắng

P: AA x  aa $\to$  F₁: Aa, dùng cônsixin tác động vào các cây F₁ $\to$ F₁ : AAaa

F₁ tự thụ phấn : AAaa  x  AAaa

GF₁ : (1/6AA: 4/6Aa : l/6aa)   x   (1/6AA: 4/6Aa: l/6aa)

$$\begin{gathered} \to F_2:\left(\frac{1}{36}AAA\text{}A:\frac{8}{36}A\text{}A\text{}Aa:\frac{18}{36}A\text{}A\text{}aa:\frac{8}{36}Aaaa:\frac{1}{36}aaaa\right) \\ G{F}_2:\left(\frac{2}{9}A\text{}A:\frac{5}{9}Aa:\frac{2}{9}aa\right)x\left(\frac{2}{9}A\text{}A:\frac{5}{9}Aa:\frac{2}{9}aa\right) \\ \to aaaa=\frac{2}{9}.\frac{2}{9}=\frac{4}{81}\to A-=1-\frac{4}{81}=\frac{77}{81} \end{gathered}$$

$\to$ Tỉ lệ kiểu hình ở F₃ là 77 cây hoa đỏ : 4 cây hoa trắng.

Chọn D

-  Tỉ lệ kiểu hình F₂: 9 đỏ : 6 vàng : 1 trắng = 16 kiểu tổ hợp = 4 x 4 (tương tác bổ sung)

-  Qui ước gen: A-B- (đỏ); (A-bb = aaB-) (vàng) : aabb (trắng)

-  Tính trạng màu mắt biểu hiện không đều ở hai giới (có 1 cặp nằm trên NST giới tính, 1 cặp trên NST thường) $\to$ Một gen qui định màu mắt nằm trên X vả không có gen tương đồng trên Y $\to$  I đúng.

$\to$ F₁ phải cho 4 loại giao tử nên kiểu gen của F₁ đem lai là: AaX^BX^b x AaX^BY $\to$ II sai

$\to$ F₂: (l/4AA + 2/4Aa + l/4 aa) (1/4X^BX^B + l/4X^BY + 1/4X^BX^b + 1/4X^bY)

$\to$ F₂: đực đỏ gồm (1/3AAX^BY + 2/3AaX^BY)  x cái đỏ gồm (1/6AAX^BX^B + 2/6AaX^BX^B + 1/6AAX^BX^b + 2/6AaX^BX^b)

$\to$ GF₂: ♂ (2/6AX^B + 2/6AY + 1/6aX^B + 1/6aY)  x   ♀ (1/2 AX^B+ 1/4 aX^B + 1/6AX^b+ 1/12aX^b)

$\to$ Ở F₃, con đực mắt vàng có tỉ lệ là: (A-bb + aaB-) = 2/6.1/6AAX^bY + 2/6.1/12AaX^bY + l/6aY. 1/4 aX^B + l/6aY. l/6AX^b + l/6aY. l/12aX^b= 1/6 $\to$ III đúng

$\to$ F₃: đỏ (A-B-)  $\to$IV đúng

$\to$ Vậy có 3 phát biểu đúng

* Lưu ý : Nếu một cặp tính trạng biểu hiện không đều ở hai giới do 2 cặp gen qui định cho 16 tổ hợp gen à Tính trạng bị chi phối bởi qui luật tương tác bổ sung, trong đó một cặp gen nằm trên NST giới tính X, một cặp gen nằm ưên NST thường.

Chọn D

I đúng. Trong trường hợp 4 tế bào cùng có 1 cách sắp xếp ở kì giữa I của quá trình giảm phân (cùng cách 1 hoặc cùng cách 2) thì kết thúc quá trình giảm phân sẽ tạo hai loại giao tử 1: 1 (1AB: 1ab hoặc 1 Ab: 1 aB)    

II đúng. Trong trường hợp 3 tế bào sinh tinh có cùng cách sắp xếp 1 ở kì giữa I giảm phân, tế bào còn lại có cách sắp xếp 2 (hoặc ngược lại, 3 tế bào xếp cách 2, tế bào còn lại xếp cách 2) thì kết thúc quá Trình giảm phân sẽ tạo ra 4 loại giao tử với tỉ lệ 3: 3: 1: 1  

III sai. Ta có: Tỉ lệ 2: 2: 1: 1 $\Rightarrow$ 4 loại giao tử $\Rightarrow$ 4 tế bào có hai cách sắp xếp ở kì giữa I giảm phân

- Trường hợp 1: 2 - 2

  Ta có: 2 tế bào xếp cách 1, 2 tế bào còn lại xếp cách 2 thì kết thúc quá trình giảm phân sẽ tạo ra 4 loại giao tử với tỉ lệ 1: 1: 1: 1

- Trường hợp 2: 3 -1

Như đã phân tích ở ý (2), 4 tế bào giảm phân sẽ tạo ra các loại giao tử với tỉ lệ 3: 3: 1: 1

   IV đúng.                           

   Trong trường hợp 2 tế bào xếp cách 1 và 2 tế bào còn lại xếp theo cách 2 thì kết thúc quá trình giảm phân sẽ tạo ra các loại giao tử với tỉ lệ 1: 1: 1: 1

IV sai.

   Ta có : Tỉ lệ 3 : 1 $\Rightarrow$ 2 loại giao tử $\Rightarrow$ 4 tế bào có cùng cách sắp xếp

   Ta lại có 4 tế bào có cùng cách sắp xếp ở kì giữa I giảm phân sẽ tạo ra 2 loại giao tử với tỉ lệ 1 : 1  

Vậy các tỉ lệ đúng : I, II, IV

Chọn C

Thực hiện phép lai: $P:\frac{Ab}{aB}{X}^D{X}^{d}x\frac{Ab}{aB}{X}^{D}Y$

- Alen A và b nằm cách nhau 20 cm $\to$ hoán vị gen xảy ra ở hai bên với tần số 20%. Tỉ lệ cây lá xanh,

quả hồng, hạt đen $( \frac{AB}{-b}{X}^{d}Y; \frac{Ab}{-B}{X}^{d}Y)$ thu được ở đời F₁ là: (50% + % lá đốm, quả trắng - % lá xanh, quả đỏ). % hạt đen = (50% + 10%. 10%  - (2.10%.40% +10%. 10%  )).25% X^dY = 10,5% $\to$1 đúng

- Tỉ lệ cá thể mang kiểu gen đồng hợp về cả ba gen đang xét ở đời F₁ là :

$(1 \%\frac{AB}{AB}+1 \%\frac{AB}{AB}+16\%\frac{Ab}{Ab}+16\%\frac{aB}{aB}).25\%\left(X^D{X}^D\right) = 8,5\% \to$ 2 đúng

- Hạt đen ở  F₁ có kiểu gen X^d Y-) $\to$ 100% cây có kiểu hình lá đốm, quả đỏ, hạt đen ở F₁ thuộc giống đực $\to$ 3 đúng

- Tỉ lệ cây lá xanh, quả trắng, hạt nâu thuần chủng $(\frac{Ab}{Ab} X^D X^D)$ở F₁ là:

$16\%\frac{Ab}{Ab}.25\%\text{}{X}^D{X}^D=4\% \to$ 4 sai

Vậy có 3 phát biểu đúng

Chọn B.

Ở dạng bài toán này, chúng ta dựa vào kết quả của 2 phép lai để xác định thứ tự trội lặn, sau đó mới tiến hành làm các phát biểu.

- Từ kết quả của phép lai 1 suy ra nâu trội so với đỏ, đỏ trội so với vàng.

- Từ kết quả của phép lai 2 suy ra vàng trội so với trắng.

Qui ước: A₁ nâu; A₂ đỏ; A₃ vàng; A₄ trắng $\left(A_1>A_2>A_3>A_4\right)$.

- Vì mắt nâu là trội nhất cho nên kiểu hình mắt nâu do nhiều loại kiểu gen qui định (có 4 kiểu gen qui định mắt nâu là : $A_1{A}_1,A_1{A}_2,A_1{A}_3,A_1{A}_4 \to$  I đúng

- Các kiểu hình mắt đỏ có 3 kiểu gen (A₂A₂; A₂A₃; A₂A₄); mắt vàng có 2 kiểu gen (A₃A₃; A₃A₄); mắt trắng có 1 kiểu gen (A₄A₄).

- Cá thể đực mắt nâu giao phối với các cá thể cái có kiểu hình khác, thu được đời con gồm toàn cá thể mắt nâu thì chứng tỏ cá thể đực mắt nâu phải có kiểu gen Các kiểu hình khác gồm đỏ, vàng, trắng có số kiểu gen = 3+2+1 = 6 $\to$ số phép lai = 6 x 1 = 6 $\to$ II đúng

- Vì kết quả lai của phép lai 1 cho kiểu hình mắt vàng nên ở P, mắt đỏ và nâu đều có kiểu gen dị hợp $\to$ Phép lai 1 sơ đồ lai là P: A₁A₃ x A₂A₃ $\to$ 1A₁A₂ : 1A₁A₃ : 1A₂A₃ : 1A₃A₃ $\to$ nên đời F₁ có kiểu gen phân li theo tỉ lệ 1:1: 1:1 $\to$ III đúng

- Đực mắt đỏ ở P của phép lai 1 (có kiểu gen A₂A₃ hoặc A₂A₄) giao phối với cá thể cái mắt vàng ở P của phép lai 2 (có kiểu gen A₃A₄) ta có sơ đồ lai là:

A₂A₃  x  A₃A₄ $\to$ A₂A₃ : A₂A₄ : A₃A₃ : A₃A₄ (1 đỏ: 1 vàng)

A₂ A₄   x   A₃A₄ $\to$ A₂A₃ : A₂A₄ : A₃A₄ : A₄A₄ (1 vàng : 2 đỏ : 1 trắng)

$\to$ Cho cá thể đực mắt đỏ ở P của phép lai 1 giao phối với cá thể cái mắt vàng ở P của phép lai 2, có thể thu được đời con có kiểu hình phân li theo tỉ lệ 1:1 hoặc 1:2:1 $\to$ IV đúng

Vậy cả 4 phát biểu đúng

Chọn C

Bố mẹ bình thường sinh con bị cả bệnh → 2 bệnh do gen lặn trên NST thường quy định.

A- không bị bệnh 1; a- bị bệnh 1

B- không bị bệnh 2; b- bị bệnh 2

I đúng, có thể biết kiểu gen của: (1),(2),(9),(10),(13),(14),(15):AaBb; (17)aabb

Người (15) có kiểu gen: AaBb

Người (16) có bố mẹ có kiểu gen: AaBb × AaBb → (16): (1AA:2Aa)(1BB:1Bb)

Cặp vợ chồng 15 -16: AaBb × (1AA:2Aa)(1BB:1Bb) ↔ (1A:1a)(1B:1b) × (2A:1a)(2B:1b)

XS con bị bệnh 1 là : $\frac{2}{3}\times \frac{1}{4}=\frac{1}{6}$ ; xs không bị bệnh là 5/6

XS con bị bệnh 2 là : $\frac{2}{3}\times \frac{1}{4}=\frac{1}{6}$ ; xs không bị bệnh là 5/6

II sai, XS sinh con gái đầu lòng bị cả hai bệnh của cặp 15-16 là $\frac{1}{6}\times \frac{1}{6}\times \frac{1}{2}=\frac{1}{72}$

III đúng, XS con đầu lòng chỉ bị 1 trong 2 bệnh là: $C_2^1\times \frac{5}{6}\times \frac{1}{6}=\frac{5}{18}$

IV đúng, Cặp vợ chồng 15 -16: AaBb × (1AA:2Aa)(1BB:1Bb) ↔ (1A:1a)(1B:1b) × (2A:1a)(2B:1b)

XS con của họ mang alen gây bệnh là $1-\frac{1}{2}A\times \frac{2}{3}A\times \frac{1}{2}B\times \frac{2}{3}B=\frac{8}{9}$