A. mARN à Có số loại nhiều nhất trong tế bào, nhưng số lượng thì ít nhất (5%).

B. tARN à Có khoảng 61 loại tARN (vì có 61 codon mã hóa trên mARN à 61 loại tARN).

C. rARN à Có số loại ít nhất nhưng hàm lượng thì nhiều nhất (70%).

D. ARN enzim (ribozim) à không liên quan.

   Vậy: A đúng

Ta có ${\mathrm{N}}_0$= 1, g = 30 phút

                      ${\mathrm{N}}_{\mathrm{t}}$ = 1024

 à${\mathrm{N}}_{\mathrm{t}}$ = ${\mathrm{N}}_0.2^{\mathrm{n}}$ à $2^{\mathrm{n}}$ = 1024 à n = 10

Thời gian pha lũy thừa (t) = g.n = 300 phút = 5 giờ

Thời gian pha tiềm phát (t₁) = 21 – (12 + 5 giờ) = 4 giờ = 240 phút

I à đúng. Số thế hệ được sinh ra là 10

II à sai. Thời gian pha cân bằng không xác định được

III à đúng

IV à đúng.

   Vậy: B đúng

Enzim + cơ chất (tại trung tâm hoạt động) à phức hợp enzim – cơ chất à Phản ứng xảy ra à sản phẩm + enzim

   Vậy: D đúng

A à sai. Nơi mà chất cảm ứng có thể liên kết để khởi đầu phiên mã => không có, không thuộc vùng nào cả.

B. à sai. Những trình tự nucleotit đặc biệt, tại đó protein ức chế có thể liên kết làm ngăn cản sự phiên mã => đây thuộc vùng vận hành O.

C. à sai. Những trình tự nucleotit mang thông tin mã hoá cho phân tử protein ức chế => gen điều hòa R.

D. à đúng. Nơi mà ARN polimeraza bám vào và khởi đầu phiên mã => đây mới chính là vùng khởi động P.

   Vậy: D đúng.

Giả thuyết: cây 4n à giảm phân cho giao tử 2n

              ( 4 alen của 1 gen à giao tử: 2 alen của 1 gen)

   P:                   AAaa    x            Aaaa

   G: (1AA : 4Aa : 1aa)(1Aa : 1aa)

   (5T : 1L)(1T : 1L) ( Chuyển về giao tử trội, lặn để tổ hợp xác định tỷ lệ kiểu hình nhanh đơn giản)

   F₁ : 11T : 1L = (11 đỏ : 1 vàng) ( Chỉ có giao tử lặn bố kết hợp với giao tử lặn mẹ mới sinh kiểu hình lặn; còn lai là sinh ra kiểu hình trội cả)

* Chú ý: Một số kiểu kết luận đúng, sai.

   P1: AAaa   x   aaaa

   G: (5T : 1L)(1L) = ${\mathrm{F}}_1$ : 5T : 1L

   Có thể kết luận sau: $\frac{5}{6}$ cây ở ${\mathrm{F}}_1$ hoa đỏ à đúng

   Mỗi cây ${\mathrm{F}}_1$ có $\frac{5}{6}$ số quả đỏ : $\frac{1}{6}$ số quả vàng à sai

   P2: AAaa X Aaaa à ${\mathrm{F}}_1$: (5T : 1L)(1T : 1L) = 11T : 1L

   Có kiểu kết luận: $\frac{11}{12}$ cây đỏ à đúng

   P3: AAaa X Aaaa à ${\mathrm{F}}_1$: (5T : 1L)(5T : 1L) = 35T : 1L

   Có kiểu kết luận: $\frac{1}{36}$ cây vàng à đúng

   P4: Aaaa X aaaa à ${\mathrm{F}}_1$: các kiểu kết luận đúng

   Kiểu hình = 2 [(1T : 1L)(1L) = 1T : 1L

   Số kiểu gen = 2 kiểu gen = 1:1

   Kiểu hình: $\frac{1}{2}$ cây vàng.

   Vậy: C đúng

   A. Hội chứng Claiphentơ, tật dính ngón tay 2 và 3 à Bệnh này chỉ ở Nam

   B. Bệnh mù màu, máu khó đông à Có nhiều ở Nam ít ở Nữ ( Bệnh do gen đột biến lặn trên X )

   C. Bệnh ung thư máu, hội chứng Đao à Bệnh này có ở cả Nam và Nữ

   D. Hội chứng 3X, hội chứng tớcnơ à Bệnh này có ở Nữ ( XXX. XO)

   Vậy: D đúng.

*Chú ý: Bệnh khó gặp ở nữ là bệnh do đột biến gen lặn trên X. Nam chỉ cần nhận 1 gen lặn (X^a) từ mẹ là đã xuất hiện. Còn nữ đòi hỏi phải có 2 gen lặn (X^aX^a) mới xuất hiện nên khó hơn.

Một gen quy định một tính trạng và gen trội là trội hoàn toàn

   Phép lai 4 cặp gen/ 4 cặp NST (phân ly độc lập)

   P: AaBbDdHh X AaBbDdHh

   ó (Aa X Aa) (Bb X Bb) (Dd X Dd) (Hh X Hh)

* Cách 1: Vì 4 phép lai đơn giống nhau nên kiểu hình mang 3 tính trạng trội và 1 tính trạng lặn:

${\mathrm{T}}_1{\mathrm{T}}_2{\mathrm{T}}_3{\mathrm{L}}_4.{\mathrm{C}}_4^1$ = ${\left(\frac{3}{4}\right)}^3.\frac{1}{4}. C_4^1$= $\frac{27}{64}$

* Cách 2: Kiểu hình mang 3 tính trạng trội và 1 tính trạng lặn

   = ${\mathrm{T}}_1{\mathrm{T}}_2{\mathrm{T}}_3{\mathrm{L}}_4+{\mathrm{T}}_1{\mathrm{T}}_2{\mathrm{L}}_3{\mathrm{T}}_4+{\mathrm{T}}_1{\mathrm{L}}_2{\mathrm{T}}_3{\mathrm{T}}_4+{\mathrm{L}}_1{\mathrm{T}}_2{\mathrm{T}}_3{\mathrm{T}}_4$

   = $\frac{3}{4}.\frac{3}{4}.\frac{3}{4}.\frac{1}{4}+\frac{3}{4}.\frac{3}{4}.\frac{1}{4}.\frac{3}{4}+\frac{3}{4}.\frac{1}{4}.\frac{3}{4}.\frac{3}{4}+\frac{1}{4}.\frac{3}{4}.\frac{3}{4}.\frac{3}{4}$ = $\frac{27}{64}$ ( Cách này áp dụng cho mọi trường hợp )

   Vậy: D đúng.

Trong chẩn đoán trước sinh, kỹ thuật chọc dò dịch ối nhằm lấy tế bào thai bong ra trong dịch ối để kiểm tra ADN, NST có bị các đột biến hay không.

   Vậy: C đúng

A. à sai. Phục hồi chức năng bình thường của tế bào hay mô, phục hồi sai hỏng di truyền

B. à đúng. Chữa trị các bệnh di truyền bằng cách phục hồi chắc năng của các gen bị đột biến

C. à sai. Nghiên cứu các giải pháp để sửa chữa hoặc cắt bỏ các gen gây bệnh ở người

D. à sai. Chuyển gen mong muốn từ loài này sang loài khác để tạo giống mới. ( Đây là công nghệ gen chứ không phải liệu pháp gen )

Vậy: B đúng

(1) Cánh dơi và cánh côn trùng à Cơ quan tương tự

(2) Vây ngực của cá voi và cánh dơi à Cơ quan tương đồng

(3) Mang cá và mang tôm à Cơ quan tương tự

(4) Chi trước của thú và tay người. à Cơ quan tương đồng

   Vậy: C đúng

Vậy: A đúng

Cách ly trước hợp tử gồm: Cách ly sinh cảnh; cách ly tập tính; cách ly mùa vụ; cách ly cơ học (Cấu tạo cơ quan sinh sản không phù hợp)

Cách ly sau hợp tử: Giao phối với nhau nhưng có thể con lai không sống hay không sinh sản được ( bất thụ )

   (1), (4) à sai. Đều thuộc cách ly trước hợp tử

   (2), (3) à đúng. Đều thuộc cách ly sau hợp tử

   Vậy: A đúng

P: T.monococcum X T.speltoides

${\mathrm{F}}_1$: Con lai

${\mathrm{F}}_1$ à đa bội hóa à thể song nhị bội ($2{\mathrm{n}}_{\mathrm{T}.\mathrm{monococcum}}+2{\mathrm{n}}_{\mathrm{T}.\mathrm{speltoides}}$) = lúa mì hoang dại (A.squarrosa )

Đem A.squarrosa ($2{\mathrm{n}}_{\mathrm{T}.\mathrm{monococcum}}+2{\mathrm{n}}_{\mathrm{T}.\mathrm{speltoides}}$) x loài (T.tauschii)

F₂: con lai (${\mathrm{n}}_{\mathrm{T}.\mathrm{monococcum}}+{\mathrm{n}}_{\mathrm{T}.\mathrm{speltoides}}+{\mathrm{n}}_{\mathrm{T}.\mathrm{tauschii}}$) Sau đó đa bội lên hình thành loài T.aestivum = ($2{\mathrm{n}}_{\mathrm{T}.\mathrm{monococcum}}+2{\mathrm{n}}_{\mathrm{T}.\mathrm{speltoides}}+2{\mathrm{n}}_{\mathrm{T}.\mathrm{tauschii}}$ )

   Kết luận về loài T.aestivum

   A. à sai. Bốn bộ nhiễm sắc thể đơn bội của bốn loài khác nhau

   B. à sai. Bốn bộ nhiễm sắc thể lưỡng bội của bốn loài khác nhau

   C. à sai. Ba bộ nhiễm sắc thể đơn bội của ba loài khác nhau

   D. à đúng. Ba bộ nhiễm sắc thể lưỡng bội của ba loài khác nhau

   Vậy: D đúng

Quần thể là tập hợp các cá thể cùng loài, cùng sống trong một khoảng không gian xác định vào một thời gian nhất định có khả năng sinh sản và tạo ra thế hệ mới.

   A, B, D à đúng

   C. à sai. Các con chim sống trong một khu rừng thuộc nhiều quần thể khác nhau ( chim có nhiều loài khác nhau )

   Vậy: C đúng

Vậy: D đúng

Rễ cây cung cấp môi trường sống và nhiều chất cần thiết cho vi khuẩn nốt sần. Vi khuẩn nổt sần chuyển hóa ${\mathrm{N}}_2$ trong không khí để cung cấp N cho cây họ đậu => 2 loài này cộng sinh

   Vậy: A đúng

Loài ưu thế: là loài (có thể nhiều loài) đóng vai trò quan trọng trong quần xã do số lượng cá thể nhiều, sinh khối lớn, hoặc do hoạt động của chúng mạnh. Quyết định chiều hướng phát triển của quần xã.

   Vậy: B đúng

Diễn thể nguyên sinh: Khởi đầu môi trường trống trơn (giai đoạn đầu) à Tiếp theo là 1 dãy các quần xã tuần tự thay thế (giai đoạn giữa) à kết quả hình thành quần xã ổn định (đỉnh cực) trong 1 thời gian dài (giai đoạn cuối). (1) à (3) à (4) à (2).

   Vậy: B đúng

A. à sai. Nhịp sinh học là những phản ứng nhịp nhàng của sinh vật với những thay đổi không liên tục của môi trường.

B. à sai. Nhịp sinh học là những biến đổi của sinh vật với những thay đổi đột ngột của môi trường.

C. à sai. Nhịp sinh học là những biến đổi của sinh vật khi môi trường thay đổi

D.  à đúng. Nhịp sinh học là những phản ứng nhịp nhàng của sinh vật với những thay đổi có tính chu kì của môi trường.

   Vậy: D đúng

Cho chuỗi thức ăn:

Cây ngô à (SVSX - Bậc dinh dưỡng cấp 1 ) à Sâu ăn lá ngô à ( Sinh vật tiêu thụ ( SVTT) bậc 1 – Bậc dinh dưỡng cấp 2) à Nhái à (SVTT bậc 2 – Bậc dinh dưỡng cấp 3) à Rắn hổ mang à ( SVTT bậc 3 – Bậc dinh dưỡng cấp 4) à Diều hâu à (SVTT bậc 4 – Bậc dinh dưỡng cấp 5)

   Vậy: C đúng

- Thoát hơi nước qua khe khí khổng là chủ yếu vì: có vận tốc lớn, được điều chỉnh bằng cơ chế đóng mở khí khổng.

- Thoát hơi nước qua cutin có vận tốc nhỏ, không được điều chỉnh.

   Vậy: B đúng

Để tạo ra nhiều loại giao tử trong giảm phân là nhờ:

   + Xảy ra sự trao đổi chéo của các NST kép tương đồng ở kì đầu I.

   + Phân li độc lập của các cặp NST tương đồng về hai cực của tế bào.

   Vậy: B đúng

Trong đất còn xảy ra quá trình chuyển hoá nitrat thành nitơ phân tử $\left({\mathrm{NO}}_3^{-}\to {\mathrm{N}}_2\right)$ do các VSV kị khí thực hiện, do đó đất phải thoáng để ngăn chặn việc mất nitơ.

   Vậy: D đúng

Tế bào đang quan sát tồn tại 4n NST đơn = 12 (/AB/AB/ab/ab; /C/C/C/C; /Hf, /Hf, /Hf, /Hf) và sắp xếp 2 hàng NST đơn ở mặt phẳng xích đạo à Tế bào đang quan sát ở kì sau quá trình nguyên phân. (kì sau nguyên phân là 4n NST đơn chứ không phải là 2n đơn) Tế bào ở kì sau của nguyên phân à có 4n = 12 à 2n = 6

   I à đúng. 2n = 6

   II à sai. Kỳ giữa giảm phân 1 là (AB//AB ab//ab C//C C//C Hf//Hf Hf//Hf)

   III à sai. Kỳ giữa giảm phân 1, trong 1 tế bào có $2{\mathrm{n}}_{\mathrm{nst} \mathrm{kép}}$ = 6 à Số cromatit = 4n = 12.

   IV à đúng. Vì một nhóm (a) tế bào sinh dục đực (2n) nguyên phân 3 lần à $\mathrm{a}.2^3$ tế bào, tất cả qua giảm phân à tạo $\mathrm{a}.2^3.4$giao tử biết ${\mathrm{H}}_{\mathrm{thụ} \mathrm{tinh} \mathrm{giao} \mathrm{tử}}$= 25% à Số hợp tử tạo thành =$\mathrm{a}.2^3.4.25\%$ = 80 à a = 10

   Vậy: B đúng

Sản phẩm của chu trình Crep là:  ${\mathrm{CO}}_2$, NADH, ${\mathrm{FADH}}_2$, các chất hữu cơ trung gian, ATP.

   Vậy: C đúng

Cá mập (thuộc lớp cá) có tim 2 ngăn, cá cóc (lớp lưỡng cư) có tim 3 ngăn, thăn lằn (lớp bò sát) tim đã có vách ngăn hụt ở tâm thất, cá voi (lớp thú) có tim 4 ngăn chia 2 nửa riêng biệt.

   Vậy: C đúng

- Một tế bào sinh trứng (AaBbDd) tiến hành giảm phân bình thường -- 1 loại trứng: ABD hoặc abd hoặc ABd hoặc abD hoặc AbD hoặc aBd hoặc aBD hoặc Abd.

   Nên: (1) tối đa là 1 loại à đúng ( vì 1 tế bào sinh dục ♀ )

   (2) là ABD và abd à sai ( chỉ cho 1 trứng thì chỉ có 1 loại)

   (3) chỉ có một loại đó là ABD hoặc abd hoặc Abd hoặc abD hoặc AbD hoặc aBd hoặc aBD hoặc Abd à đúng ( cho 1 trong 8 loại là đúng )

   (4) là AbD và aBd à sai ( đã chứng minh trên )

   (5) là ABD, abd, ABd và abD à sai. Chỉ cho 1 trong 8 loại trên mới đúng

   Vậy: B đúng

I – Mất một cặp nucleotit đột biến gen

II – Mất đoạn làm giảm số gen $\in$ đột biến cấu trúc NST

III – Đảo đoạn làm mất trận tự các gen thay đổi $\in$ đột biến cấu trúc NST

IV – Thay thế cặp nucleotit này bằng cặp nucleotit khác $\in$ đột biến gen

V – Thêm một cặp nucleotit $\in$ đột biến gen

VI – Lặp đoạn làm tăng số gen  $\in$ đột biến cấu trúc NST

Vậy: A đúng

Chọn phát biểu đúng/sai

   (1) à sai. Một số loài thú thay đổi màu sắc, độ dày của bộ lông theo mùa và số lượng hồng cầu trong máu của người tăng khi đi lên núi cao là đột biến

   (2) à sai. Thể đột biến là cơ thể mang biến dị tổ hợp được biểu hiện ra kiểu hình

   (3) à sai. Đột biến gen lặn không biểu hiện được; đột biến gen trội biểu hiện khi ở thể đồng hợp hoặc dị hợp

   (4) à đúng. Đột biến thay thế 1 cặp nuclêôtit này bằng 1 cặp nuclêôtit khác loại thì chỉ bộ ba có nucleotit thay thế mới thay đổi còn các bộ ba khác không thay đổi

   (5) à sai. Đột biến thay thế 1 cặp nuclêôtit này bằng 1 cặp nuclêôtit khác thì nhiều bộ ba nuclêôtit trong gen thay đổi

   Vậy: D đúng

Theo giả thuyết, màu hoa: A quy định hoa đỏ >> a quy định hoa trắng.

   P: (Aa,BbDd) (M) x (aa,bbdd)

à ${\mathrm{F}}_1$: 0,07 cao, A-: 0,18 cao, aa : 0,32 thấp. aa : 0,43 thấp, A-

ó A-B- = 0,07/D- = 0,07/0,5 = 0,14 = 0,14(A,B) x 1(a,b)

à P (Aa, Bb) cho giao tử A, B = a, b = 0,14 < 0,25

$$\begin{gathered} \to \frac{\mathrm{Ab}}{\mathrm{aB}}, \mathrm{f}=0,28 \mathrm{hoặc} \frac{\mathrm{Ad}}{\mathrm{aD}}, \mathrm{f}=0,28 \\ \mathrm{Vậy} \mathrm{cây} \mathrm{M}: \frac{\mathrm{Ab}}{\mathrm{aB}}\mathrm{Dd}, \mathrm{f}=28\% \mathrm{hay} \frac{\mathrm{Ad}}{\mathrm{aD}} \mathrm{Bb}, \mathrm{f}=28\% \\ \mathrm{Không} \mathrm{có} \mathrm{Aa}\frac{\mathrm{Bd}}{\mathrm{bD}}, \mathrm{f}=28\% \end{gathered}$$

(Vì chứng minh trên 2 gen Bb, Dd cùng quy định 1 tính trạng và di truyền độc lập nhau)

Vậy: C đúng

Cho biết trong quá trình hình thành giao tử đực và giao tử cái đều không xảy ra đột biến nhưng xảy ra hoán vị gen với tần số 20% (hoán vị 2 bên với f = 20%)

$$\begin{gathered} \mathrm{P}: \frac{\mathrm{AB}}{\mathrm{ab}}\times \frac{\mathrm{AB}}{\mathrm{ab}} \\ \mathrm{G}: \left\{\begin{array}{l}\mathrm{AB}=\mathrm{ab}=0,4\\ \mathrm{Ab}=\mathrm{aB}=0,1\end{array}\right.\left\{\begin{array}{l}\mathrm{AB}=\mathrm{ab}=0,4\\ \mathrm{Ab}=\mathrm{aB}=0,1\end{array}\right. \\ {\mathrm{F}}_1: \frac{\mathrm{AB}}{\mathrm{ab}}=0,4.0,4.2=0,32 \end{gathered}$$

Vậy: D đúng

Giả thuyết cho: Pt/c: màu x trắng à ${\mathrm{F}}_1$: 100% trắng

   ${\mathrm{F}}_1$ x ${\mathrm{F}}_1$ à ${\mathrm{F}}_2$: 13 trắng : 3 màu = 16 tổ hợp giao tử bằng nhau = 4 x 4

   à ${\mathrm{F}}_1$: AaBb(trắng) $\in$tương tác gen, nhưng tỷ lệ đời con ${\mathrm{F}}_2$ = 13 : 3 $\in$tương tác át chế

Quy ước: A-B- + A-bb + aabb: trắng

   aaB-: màu

   ${\mathrm{F}}_1$ (AaBb) x màu thuần chủng (aaBB)

à ${\mathrm{F}}_2$: (1A- : 1aa) = 1A-B- : 1aaB- = 1 trắng : 1 màu

Vậy B đúng.

P: ♂${\mathrm{AaBbX}}^{\mathrm{DE}}{\mathrm{X}}^{\mathrm{de}}$ x ♀ ${\mathrm{AaBbX}}^{\mathrm{DE}}{\mathrm{Y}}^{\mathrm{de}}$

ó (Aa x Aa)(Bb x BB)(${\mathrm{X}}^{\mathrm{DE}}{\mathrm{X}}^{\mathrm{de}}\times {\mathrm{X}}^{\mathrm{DE}}{\mathrm{Y}}^{\mathrm{de}}$ )

G: [(…)(…)][(…)(…)]$\left[\begin{array}{cc}\left(\begin{array}{c}{\mathrm{X}}^{\mathrm{DE}}={\mathrm{X}}^{\mathrm{de}}=0,3\\ {\mathrm{X}}^{\mathrm{De}}={\mathrm{X}}^{\mathrm{dE}}=0,2\end{array}\right)& \left({\mathrm{X}}^{\mathrm{DE}}={\mathrm{Y}}^{\mathrm{de}}=0,5\right)\end{array}\right]$

F₁: dị hợp các gen (Aa)(Bb)(${\mathrm{X}}^{\mathrm{DE}}{\mathrm{X}}^{\mathrm{de}}+{\mathrm{X}}^{\mathrm{DE}}{\mathrm{Y}}^{\mathrm{de}}$) = (1/2)(1/2)(0,3.0,5).2 + 0) = 7,5%

Vậy: D đún

Theo phả hệ

+ 1: máu B x 2: máu A à sinh con máu A, B à 1, 2 phải dị hợp ó 1: ${\mathrm{I}}^B$${\mathrm{I}}^O$ x 2: ${\mathrm{I}}^{\mathrm{A}}$${\mathrm{I}}^O$ à con máu B (${\mathrm{I}}^B$${\mathrm{I}}^O$)

+ 3. Máu A x 4: máu Aà sinh con máu A, B à 1,2 phải dị hợp ó 3: ${\mathrm{I}}^{\mathrm{A}}$${\mathrm{I}}^O$ x 4: ${\mathrm{I}}^{\mathrm{A}}$${\mathrm{I}}^O$ à con máu A (${\mathrm{I}}^{\mathrm{A}}$I) – $\frac{1}{3}$${\mathrm{I}}^{\mathrm{A}}$${\mathrm{I}}^{\mathrm{A}}$: $\frac{2}{3}$${\mathrm{I}}^{\mathrm{A}}$${\mathrm{I}}^O$

* Vậy: Chồng B(${\mathrm{I}}^B$${\mathrm{I}}^O$) x vợ A($\frac{1}{3}$${\mathrm{I}}^{\mathrm{A}}$${\mathrm{I}}^{\mathrm{A}}$ : $\frac{2}{3}$${\mathrm{I}}^{\mathrm{A}}$${\mathrm{I}}^O$)

   G:                  $\frac{1}{2}$${\mathrm{I}}^O$                         $\frac{1}{3}$${\mathrm{I}}^O$

Xác xuất để cặp vợ chồng (máu B x máu A) sinh con có nhóm máu O (${\mathrm{I}}^O$${\mathrm{I}}^O$) = $\frac{1}{6}$

Vậy B đúng

Theo giả thiết:               A, a: quy định tính trạng thứ 1

                                      B, b: quy định tính trạng thứ 2

   Cho hai gen di truyền phân ly độc lập

   Chưa cho trội lặn hoàn toàn hay không. Nên xét lấy trường hợp trội lặn không hoàn toàn sẽ cho số kiểu hình lớn nhất ( vì mỗi kiểu gen là 1 kiểu hình )

   ${\mathrm{P}}_{\mathrm{t}/\mathrm{c}}$ :khác nhau (tương phản) à ${\mathrm{F}}_1$: (AaBb)

   Nếu ${\mathrm{F}}_1$ x ${\mathrm{F}}_1$: AaBb x AaBb à ${\mathrm{F}}_2$: 9 kiểu hình = (1 : 2 : 1) (1 : 2 : 1)

   Vậy D đúng

Theo giả thiết: 2 gen cùng quy định 1 tính trạng tương tác gen

   A-B-: hoa đỏ; A-bb, aaB-: hoa vàng; aabb: hoa trắng ó 9 : 6 : 1 TTBS

   ${\mathrm{P}}_{\mathrm{cân} \mathrm{bằng} \mathrm{di} \mathrm{truyền}}$: (${\mathrm{p}}^2$AA : 2pqAa : ${\mathrm{q}}^2$aa)($\mathrm{p}{\text{'}}^2$BB : 2$\mathrm{p}\text{'}$$\mathrm{q}\text{'}$Bb : $\mathrm{q}{\text{'}}^2$bb)

   Biết: p(A) = 0,4 à q(a) = 0,6

   $\mathrm{q}\text{'}$(B) = 0,3 à $\mathrm{q}\text{'}$(b) = 0,7

Kiểu hình hoa đỏ (A-B-) =${\mathrm{p}}^2$ + 2pq)($\mathrm{p}{\text{'}}^2$+ 2$\mathrm{p}\text{'}$$\mathrm{q}\text{'}$) = 32,64%

Vậy: C đúng

Gọi p, q, r lần lượt là tần số alen C, ${\mathrm{C}}^{\mathrm{h}}$, c

   Khi cân bằng di truyền một gen có 3 alen:

   ${\mathrm{p}}^2$CC + 2pqC${\mathrm{C}}^{\mathrm{h}}$ + 2prCc + ${\mathrm{q}}^2$${\mathrm{C}}^{\mathrm{h}}$${\mathrm{C}}^{\mathrm{h}}$ + 2qe${\mathrm{C}}^{\mathrm{h}}$c + ${\mathrm{r}}^2$cc = 1

   Nên tần số alen $\mathrm{C}={\mathrm{p}}^2+\frac{2\mathrm{pr}}{2}+\frac{2\mathrm{pq}}{2}={\mathrm{p}}^2+\mathrm{pr}+\mathrm{pq}$

Tính tần số alen ${\mathrm{C}}^{\mathrm{h}}={\mathrm{q}}^2+\frac{2\mathrm{qr}}{2}+\frac{2\mathrm{pq}}{2}$

và tần số alen ${\mathrm{r}}^2+\frac{2\mathrm{qr}}{2}+\frac{2\mathrm{pr}}{2}$

   Vậy: A đúng

Thời gian thế hệ g = 20 phút à l h = 3 thế hệ  = 3 lần nhân đôi à 3h = 9 lần nhân đôi 3 tế bào mà mỗi tế bào có l phân tử ADN à số phân tử ADN ban đầu = 3.

3 phân tử ADN (${\mathrm{N}}^{15}$) tái bản X = 9 lần trong mt chứa hoàn toàn ${\mathrm{N}}^{14}$ à $3.2^9$ = 1536 ADN. Vậy:

   (1) Số phân tử ADN vùng nhân thu được sau 3 giờ là 1536 à đúng

   (2) Số mạch đơn ADN vùng nhân chứa ${\mathrm{N}}^{14}$ thu được sau 3 giờ là 1533 à sai. đúng phải là 1536.

   (3) Số phân tử ADN vùng nhân chỉ chứa ${\mathrm{N}}^{14}$ thu được sau 3 giờ là 1530 à đúng.

Vì = tổng ADN - ADN chứa ${\mathrm{N}}^{15}$ = 1526 - 3.2 = 1530.

   (4) Số mạch đơn ADN vùng nhân chứa ${\mathrm{N}}^{15}$ thu được sau 3 giờ là 6 à đúng. Vì mạch ${\mathrm{N}}^{15}$ trong các vi khuẩn là mạch cũ = 3.2 = 6.

Vậy: B đúng.

1, 2, 3, 4, 5, 6, 7 -- đúng

Vậy: D đúng

- Dạ dày trâu, bò có 4 túi. Dạ cỏ, dạ tổ ong, dạ lá sách, dạ múi khế. Dạ cỏ là nơi dự trữ làm mềm và lên men thức ăn. Trong dạ cỏ, có nhiều vi sinh vật tiêu hoá xenlulôzơ và các chất dinh dưỡng khác.

- Ở động vật ăn cỏ có dạ dày đơn, manh tràng rất phát triển và có nhiều vi sinh vật cộng sinh tiếp tục tiêu hoá xenlulôzơ và các chất dinh dưỡng cỏ trong tế bào thực vật. Các chất dinh dưỡng đơn giản được hấp thu qua thành manh tràng.

Vậy: C đúng