Đáp án A

+ Kỉ Ocđôvic: xuất hiện thực vật

+ Kỉ Than đá: xuất hiện thực vật hạt trần, bò sát

+ Kỉ phấn trắng: xuất hiện thực vật hạt kín

+ Kỉ cambri: xuất hiện động vật dây sống

Đáp án D

Tính thoái hoá của mã di truyền: là một aa có thể được mã hoá bởi nhiều bộ ba, trừ hai aa (methyolin và tryptophan). Có khoảng 20 loại aa cấu tạo nên Protein trong khi đó có đến 61 mã di truyền mã hoá cho các aa, chính vì thế mà mã di truyền có tính thoái hoá.

Đáp án C

+ Hoán vị gen xảy ra do tiếp hợp trao đổi đoạn cân giữa 2 cromatit không chị em trong một cặp NST tương đồng.

+ Đột biến đảo đoạn xảy ra do 1 đoạn NST đứt ra quay ngược 180 độ và nối lại.

+ Đột biến chuyển đoạn xảy ra giữa 2 NST không tương đồng hoặc trên cùng 1 NST.

+ Đột biến lặp đoạn xảy ra do sự trao đổi chéo không cân giữa các chromatid không cùng chị em trong một cặp NST tương đồng.

Đáp án D

Mật độ cá thể của quần thể: là số lượng cá thể của quần thể trên một đơn vị diện tích hay thể tích do đó số liệu 125 con/km² thể hiện mật độ cá thể của quần thể voi.

Đáp án A

+ Ý A sai vì: cơ thể có bộ NST 3n, 5n, 7n,… là các thể đột biến đa bội lẻ, với n khác nhau thì số lượng NST trong tế bào sinh dưỡng có thể là số chẵn hoặc lẻ.

+ Ý B đúng vì: thể đột biến đa bội lẻ bị rối loạn khi giảm phân do đó không có khả năng sinh sản hữu tính bình thường.

+ Ý C đúng vì: thể đột biến đa bội lẻ không có khả năng sinh sản hữu tính bình thường nên được ứng dụng để tạo giống quả không hạt.

+ Ý D đúng vì: hàm lượng ADN tăng gấp một số nguyên lần so với thể đơn bội n và lớn hơn 2n (bao gồm các thể đột biến 3n, 5n, 7n,…).

Đáp án A

Cây bàng là thực vật trên cạn, hút nước nhờ rễ và thoát hơi nước chủ yếu qua lá.

Đáp án A

+ Lai khác dòng được sử dụng trong ưu thế lai, giữa các cá thể cùng loài.

+ Nuôi cấy hạt phấn: hạt phấn của cây chưa được thụ tinh cho phát triển thành cây đơn bội hoặc xử lý hoá chất để phát triển thành cây lưỡng bội cùng loài.

+ Nuôi cấy mô: các mô của thực vật có thể được tách ra và nuôi cấy tạo ra các cây cùng loài.

+ Lai tế bào xoma hay còn gọi là dung hợp tế bào trần là phương pháp tạo ra 1 tế bào lai từ 2 tế bào khác loài.

Đáp án A

Sự điều hoà lượng nước trong cơ thể phụ thuộc vào các yếu tố chủ yếu là áp suất thẩm thấu và huyết áp.

Sự thay đổi hàm lượng nước, các chất vô cơ và chất hữu cơ trong huyết tương, tỉ lệ Ca²⁺: K⁺ có trong huyết tương; độ pH và lượng protein có trong huyết tương đều gây ảnh hưởng đến áp suất thẩm thấu và huyết áp trong cơ thể.

Đáp án D

+ Cơ quan tương đồng là những cơ quan có chung nguồn gốc, nằm ở vị trí tương đồng trên cơ thể, có kiểu cấu tạo bên trong giống nhau, mặc dù hiện tại chúng có thể thực hiện các chức năng khác nhau

+ Cơ quan tương tự là những cơ quan có nguồn gốc khác nhau nhưng cùng đảm nhiệm chức năng giống nhau.

+ Đáp án D: cơ quan tương đồng.

+ Đáp án A và C: cơ quan tương tự.

+ Đáp án B: không phải cơ quan tương đồng hay tương tự.

Đáp án B

Trong hệ sinh thái năng lượng được truyền 1 chiều từ mặt trời đến sinh vật sản xuất qua các bậc dinh dưỡng tới môi trường, còn vật chất được trao đổi qua chu trình dinh dưỡng.

Đáp án B

+ Chromatid có đường kính 700 nm

+ Sợi siêu xoắn có đường kính 300 nm

+ Sợi cơ bản có đường kính 11 nm

+ Sợi nhiễm sắc có đường kính 30 nm

Đáp án C

+ Kiểu gen AaBBDd cho 4 loại giao tử với tỉ lệ bằng nhau: ABD = ABd = aBD = aBd = 25%

Đáp án A

(1) Sai vì: Polisome là hiện tượng nhiều ribosome cùng trượt trên một phân tử mARN để tạo ra nhiều chuỗi polipeptid giống nhau.

(2) Sai vì: ribosome dịch chuyển theo chiều từ 5’ 3’ trên mARN.

(3) Sai vì: UGA là bộ ba kết thúc không có bộ ba đối mã tương ứng trên tARN.

(4) Đúng vì: Các chuỗi polypeptid sau khi được tổng hợp sẽ được cắt bỏ aa mở đầu, cuộn xoắn theo nhiều cách khác nhau để hình thành các bậc cấu trúc cao hơn (bậc 2, bậc 3, bậc 4).

(5) Sai vì: Sau khi dịch mã, ribosome tách làm 2 tiểu phần lớn và bé để tiến hành quá trình dịch mã tiếp theo.

Đáp án C

+ Cơ thể có kiểu gen này tạo tối đa 8 loại giao tử khi có hoán vị gen trong đó: 4 loại giao tử liên kết và 4 loại giao tử hoán vị

+ Tế bào sinh tinh 1: giảm phân không có hoán vị gen tạo 2 loại giao tử sinh ra do liên kết

+ Tế bào sinh tinh 2: giảm phân có hoán vị gen tạo 2 loại giao tử sinh ra do liên kết và 2 loại giao tử sinh ra do hoán vị.

+ Nếu 2 loại giao tử sinh ra do liên kết ở tế bào 1 và tế bào 2 khác nhau thì 2 tế bào sinh tinh này tạo ra tối đa 6 loại giao tử.

Đáp án D

+ A Sai vì: thứ tự tham gia của các enzyme là: tháo xoắn  ARN polymerase  ADN polymerase  Ligase

+ B sai vì: ADN polymerase và ARN polymerase đều chỉ di chuyển trên mạch khuôn theo chiều 3’ 5’

+ C sai vì: ARN polymerase không có chức năng tháo xoắn.

+ D đúng vì: Xét trên một chạc 3 tái bản, enzyme ligase chỉ tác dụng lên 1 mạch, đó là mạch không liên tục, nó nối các đoạn Okazaki lại với nhau.

Đáp án A

+ A đúng vì đột biến gen liên quan đến 1 hoặc 1 vài cặp nucleotide nên không thay đổi số lượng gen trên NST. Đột biến NST như mất đoạn, chuyển đoạn, lặp đoạn làm thay đổi số lượng gen trên NST.

+ B sai vì: đột biến NST hay đột biến gen đều có thể phát sinh trong nguyên phân và giảm phân.

+ C sai vì: đột biến NST hay đột biến gen là vô hướng.

+ D sai vì: đột biến NST hay đột biến gen đều có thể gây chết.

Đáp án C

Tỉ lệ cá thể F₁ mang kiểu hình khác bố mẹ = 1 – tỉ lệ kiểu hình giống bố – tỉ lệ kiểu hình giống mẹ

$=1-A-B-C-D-ee-aaB-C-D-E-=1-1/2\times 3/4\times 1\times 3/4\times 0-1/2\times 3/4\times 1\times 3/4\times 1=71,875\%$

Đáp án B

+ A sai vì đây là ví dụ về mối quan hệ ức chế cảm nhiễm.

+ B đúng vì khống chế sinh học là hiện tượng số lượng cá thể của một loài bị khống chế ở một mức nhất định do các mối quan hệ hoặc hỗ trợ hoặc đối kháng giữa các loài trong quần xã.

+ C sai vì quan hệ hợp tác là mối quan hệ giữa 2 loài, cả hai bên cùng có lợi nhưng không nhất thiết phải có nhau.

+ D sai vì đây là ví dụ mối quan hệ hợp tác.

Đáp án A

+ Ý I sai vì: Cách li địa lí là những trở ngại về mặt địa lí như sông, núi, biển… ngăn cản các cá thể của quần thể cùng loài gặp gỡ và giao phối với nhau.

+ Ý II sai vì: Cách li địa lí trong một thời gian dài có thể sẽ dẫn tới cách li sinh sản và hình thành loài mới chứ không phải tất yếu.

+ Ý III đúng: Cách li địa lí góp phần duy trì sự khác biệt về vốn gen giữa các quần thể được tạo ra bởi các nhân tố tiến hoá, nó có ý nghĩa gián tiếp trong tiến hoá.

+ Ý IV đúng: Cách li địa lí có thể xảy ra với những loài có khả năng phát tán mạnh, có khả năng di cư và ít di cư, nhưng hay xảy ra với những loài có khả năng phát tán mạnh, có khả năng di cư hơn.

Đáp án C

+ I sai: vì nếu đột biến gen biến A thành a hoặc ngược lại thì sẽ không làm xuất hiện kiểu gen mới.

+ II đúng: ở F₁ có tỉ lệ kiểu hình trội tăng lên trong khi kiểu hình lặn giảm đi chứng tỏ quá trình chọn lọc đang chống lại alen lặn.

+ III đúng: Yếu tố ngẫu nhiên mang tính vô hướng do đó quần thể có thể có tỉ lệ kiểu gen là 100%AA.

+ IV đúng: hiện tượng di – nhập gen làm thay đổi số lượng cá thể của quần thể, có thể mang đến nhiều cá thể có kiểu gen aa thì có thể làm tăng tần số alen a.

Đáp án B

+ Phép lai P: $AA\times AA\to$ F₁: 100% AA $\to$ Tỉ lệ kiểu hình 100%

+ Phép lai P: $Aa\times aa\to$F₁: 50% Aa: 50% aa $\to$Tỉ lệ kiểu hình 1 : 1

+ Phép lai P: $Aa\times Aa\to$F₁: 1 AA: 2 Aa: 1 aa $\to$Tỉ lệ kiểu hình 1 : 2 : 1

+ Phép lai P: $AA\times aa\to$F₁: 100% Aa $\to$Tỉ lệ kiểu hình 100%

Đáp án C

+ Diễn thế nguyên sinh bắt đầu từ một môi trường chưa có sinh vật. Các sinh vật đầu tiên phát tán tới hình thành quần xã tiên phong, được biến đổi tuần tự qua các quần xã trung gian, số lượng loài tăng lên, lưới thức ăn ngày càng phức tạp. Kết quả cuối cùng thường sẽ hình thành quần xã đỉnh cực. $\to$ Ý I, II, IV, V đúng

+ Ý III sai.

Đáp án B

+ AB/ab cho 2 loại giao tử: 1/2 AB : 1/2 ab

+ Ab/aB cho 2 loại giao tử: 1/2 Ab : 1/2 aB

+ Ab/Ab cho 2 loại giao tử: 100% Ab

+ AB/aB cho 2 loại giao tử: 1/2 AB : 1/2 aB

Đáp án B

+ A sai vì: Sự phân bố cá thể một cách đồng đều xảy ra khi môi trường đồng đều và cạnh tranh cùng loài diễn ra khốc liệt.

+ C sai vì: Phân bố ngẫu nhiên là dạng trung gian của phân bố đồng đều và phân bố theo nhóm.

+ D sai vì: Phân bố theo nhóm là kiểu phân bố phổ biến nhất

+ B đúng vì: Sự phân bố các cá thể cùng loài một cách đồng đều trong môi trường có ý nghĩa giảm sự cạnh tranh gay gắt giữa các cá thể trong quần thể.

Đáp án B

+ Ý I đúng: Hệ sinh thái bao gồm quần xã sinh vật và môi trường vô sinh của quần xã

+ Ý II đúng: Sinh vật sản xuất gồm thực vật là chủ yếu và một số vi sinh vật tự dưỡng, thực vật quang hợp có khả năng sử dụng năng lượng ánh sáng mặt trời để tổng hợp các chất hữu cơ từ các chất vô cơ.

+ Ý III sai vì: Sinh vật phân giải chuyển hoá chất hữu cơ thành chất vô cơ.

+ Ý IV sai vì: Xác chết của sinh vật là thành phần vô sinh.

Đáp án C

+ Ý I đúng vì: nếu có O₂ thì thực vật tiến hành phân giải hiếu khí, còn nếu không có O₂ thì thực vật tiến hành phân giải kị khí để lấy ATP.

+ Ý II đúng vì: Quá trình hô hấp hiếu khí diễn ra qua 3 giai đoạn: đường phân, chu trình Crep và chuỗi chuyền electron, trong đó CO₂ được giải phóng ở giai đoạn chu trình Crep.

+ Ý III sai vì hô hấp sáng không tạo ATP.

+ Ý IV đúng vì từ một mol glucozơ, trải qua hô hấp kị khí (phân giải kị khí) sẽ tạo ra 2 mol ATP. ATP này được sinh ra ở giai đoạn đường phân.

Đáp án C

+ A sai: chu kì tim theo thứ tự như sau: co tâm nhĩ $\to$ co tâm thất $\to$ dãn chung.

+ B sai: máu trong động mạch phổi ở người và thú giảu CO₂ và màu đỏ thẫm.

+ C đúng: hệ tuần hoàn kép có ở thú, chim, bò sát, ếch nhái.

+ D sai vì hệ tuần hoàn hở có tốc độ lưu thông máu chậm hơn so với hệ tuần hoàn kín.

Đáp án C

+ Phương pháp chung: với mỗi gen có 2 alen (giả sử là A và a), trội lặn hoàn toàn, chúng ta sẽ có 4 phép lai cho đời con có tỉ lệ phân li kiểu gen giống tỉ lệ phân li kiểu hình như sau:

$AA\times AA;AA\times aa;Aa\times aa;aa\times aa.$

Như vậy chúng ta chỉ cần nhìn vào các phép lai có chứa các cặp lai như trên (tương tự với cặp Bb) thì chắc chắn sẽ cho kết quả tỉ lệ phân li kiểu gen giống tỉ lệ phân li kiểu hình mà không cần thực hiện viết toàn bộ các phép lai.

+ Ví dụ: phép lai 1: $AABb\times AAbb$ có: $AA\times AA$ và $Bb\times bb;$ cả 2 phép lai đơn này đều cho tỉ lệ phân li kiểu gen giống tỉ lệ phân li kiểu hình $\to$ phép lai 1 thoả mãn

+ Như vậy ta có 4 phép lai: (1), (3), (7), (8) thoả mãn yêu cầu đề bài.

Đáp án B

+ I sai vì: có 11 chuỗi thức ăn trong đó có 9 chuỗi đi qua mắt xích H, và 2 chuỗi không đi qua mắt xích H. Chuỗi dài nhất có 7 mắt xích: A $\to$ I $\to$ K $\to$ H $\to$C $\to$D $\to$E.

+ II đúng vì: loài K bị tuyệt diệt thì loài M cũng bị tuyệt diệt do loài M chỉ sử dụng loài K làm thức ăn.

+ III sai vì: loài H tham gia vào 9 chuỗi thức ăn (các em có thể nhìn nhanh bằng cách thấy có 3 mũi tên đi vào H và 3 mũi tên đi ra khỏi H $\to$ số chuỗi$=3\times 3=9$ chuỗi).

+ IV đúng vì: chuỗi ngắn nhất A $\to$H $\to$E có 3 mắt xích.

Đáp án A

+ Cây thứ nhất: tế bào sinh dưỡng đang phân bào có 14 NST đơn chia thành 2 nhóm giống nhau đang phân ly về hai cực của tế bào $\to$ tế bào đang ở kỳ sau của nguyên phân, 14 NST đơn này tách ra từ 7 NST kép $\to$ bộ NST của cây này là 2n + 1 $\to$ cây này thuộc thể ba.

+ Cây thứ 2: tế bào sinh dưỡng của cây thứ 2 có 5 NST kép đang xếp thành 1 hàng ở mặt phẳng xích đạo của thoi phân bào $\to$ tế bào đang ở kỳ giữa của nguyên phân $\to$ bộ NST của cây này là 2n – 1 $\to$ cây này thuộc thể 1.

Đáp án D

+ Gen bị đột biến không thay đổi tổng số nucleotide $\to$ đây là dạng đột biến thay thế. Trong bài này muốn xác định dạng đột biến thay thế cặp nào phải xác định được số A và số G của gen ban đầu.

+ Gen ban đầu:

• Gen chỉ huy tổng hợp 3 chuỗi polypeptide cần 597 aa $\to$1 chuỗi polypeptide dài: 597 : 3 = 199 aa (bao gồm aa mở đầu) $\to$ số bộ ba trên mARN = 199 + 1 = 200 bộ ba $\to$ số nucleotide trên mARN nucleotide
• mARN có 100 A và 125 U $\to$$A_{mARN}=T_{maïchgoác}=100;U_{mARN}=A_{maïchgoác}=125$
• Tỉ lệ A/G của gen ban đầu = 225/375 = 0,6

  + Gen sau đột biến có tỉ lệ A/G = 59,15% chứng tỏ thay thế A – T bằng G – X

  + Gọi m là số cặp A – T bị thay thế thành G – X, ta có $\frac{225-m}{375+m}=0,5915\to m=2$

Đáp án C

+ $P:0,5AA+0,2Aa+0,3aa=1\to$Tần số alen: A = 0,6; a = 0,4

+ F₁ có 84% cây hoa vàng: 16% cây hoa trắng $\to$ F₁: 0,84 A– : 0,16 aa

 $\to$P giao phấn ngẫu nhiên tạo ra F₁, vì aa ở F₁ = 0,16 = 0,4²

 $\to$F₁ có tỉ lệ kiểu gen: 0,36 AA : 0,48 Aa : 0,16 aa

+ F₂ có 72% hoa vàng: 28% hoa trắng $\to$ F₂: 0,72 A– : 0,28 aa

 $\to$Tỉ lệ kiểu gen từ F₁ đến F₂ có sự thay đổi $\to$ không thể có giao phấn ngẫu nhiên ở đây

 $\to$F₁ tự thụ cho F₂. Nếu F₁ tự thụ tạo ra F₂ $\to$ aa(F₂) = 0,16 + (0,48 : 4) = 0,28 $\to$ thoả mãn đề bài

Đáp án C

+ P: cây cao nhất (AABBDD) $\times$ cây thấp nhất (aabbdd) $\to$ F₁: AaBbDd

+ F­₁ $\times$ F₁: AaBbDd $\times$ AaBbDd $\to$ F₂ có:

• Tỉ lệ cây cao 130 cm (kiểu gen có 3 alen trội) ở F_{2  $=\frac{C_6^3}{2^6}=20/64$}
• Tỉ lệ cây cao 100 cm (kiểu gen không có alen trội) = Tỉ lệ cây cao 160 cm (kiểu gen có 6 alen trội) $=\frac{1}{2^6}=1/64$
• Tỉ lệ cây cao 110 cm (kiểu gen có 1 alen trội) = Tỉ lệ cây cao 150 cm (kiểu gen có 5 alen trội) $=\frac{C_6^1}{2^6}=\frac{6}{64}$
• Tỉ lệ cây cao 120 cm (kiểu gen có 2 alen trội) = Tỉ lệ cây cao 140 cm (kiểu gen có 4 alen trội) $=\frac{C_6^2}{2^6}=15/64$

 $\to$Ý I đúng, Ý III sai

+ Cây cao 110 cm (kiểu gen có 1 alen trội) có 3 kiểu gen Aabbdd, aaBbdd, aabbDd $\to$ Ý 2 đúng

+ F₂ có 7 kiểu hình $\to$ đúng

+ F₂ có số kiểu gen:

• $Aa\times Aa\to$F₂ có 3 kiểu gen
• $Bb\times Bb\to$F₂ có 3 kiểu gen
• $Dd\times Dd\to$F₂ có 3 kiểu gen

 $\to$Số kiểu gen của F₂ = $3\times 3\times 3=27$ kiểu gen

 $\to$Ý IV đúng.

Đáp án A

+ Con đực F₁ lai phân tích, đời con thu được tỉ lệ 1 con cái mắt đỏ: 1 con cái mắt trắng: 2 con đực mắt trắng $\to$ tính trạng phân bố không đồng đều ở 2 giới $\to$ có hiện tượng gen qui định màu mắt liên kết với giới tính, gen nằm trên X và Y không có đoạn tương đồng.

+ Con đực F₁ lai phân tích đời con thu được tỉ lệ 3 trắng: 1 đỏ $\to$ Phép lai phân tích về 1 tính trạng cho tỉ lệ kiểu hình 3 : 1, số tổ hợp = 3 + 1 = 4, ta có thể phân tích 4 = 4 $\times$1. Chứng tỏ con đực F₁ lai phân tích phải cho 4 loại giao tử, và dị hợp 2 cặp gen.

 $\to$Tính trạng màu mắt tuân theo qui luật tương tác gen theo kiểu bổ sung, hai cặp gen tương tác kiểu 9:7, một cặp nằm trên NST thường, 1 cặp nằm trên NST giới tính.

+ Qui ước: Aa và Bb là 2 cặp gen tương tác. Trong tương tác bổ sung kiểu 9:7 vai trò của A và B là như nhau nên ta có thể coi Aa nằm trên NST thường và Bb nằm trên NST giới tính. Sự tương tác như sau:

A–B– : mắt màu đỏ

$A-bb,aaB-,aabb$: mắt màu trắng

+ Ta có phép lai P như sau:

P:$AA{X}^B{X}^B\times aa{X}^{b}Y$

F₁: $1Aa{X}^B{X}^b:1Aa{X}^{B}Y$

$F_1\times F_1:Aa{X}^B{X}^b\times Aa{X}^{B}Y$

F₂: $(1AA:2Aa:1aa)(1X^B{X}^B:1X^B{X}^b:1X^{B}Y:1X^{b}Y)$

+ F₂ xuất hiện 12 kiểu gen $\to$ Ý I đúng

+ F₂: cá thể đực mắt trắng $=A-X^{b}Y+aa{X}^{B}Y+aa{X}^{b}Y=3\text{}/\text{}4\times 1\text{}/\text{}4+1\text{}/\text{}4\times 1\text{}/\text{}4+1\text{}/\text{}4\times 1\text{}/\text{}4=5\text{}/\text{}16\to$Ý II đúng

+ F₂: cá thể cái mắt trắng thuần chủng $=aa{X}^B{X}^B=1\text{}/\text{}4\times 1\text{}/\text{}4=1\text{}/\text{}16\to$ Ý III sai

+ F₂: trong tổng số các cá thể mắt đỏ, cá thể cái mắt đỏ không thuần chủng chiếm tỉ lệ:

• Mắt đỏ $F_2=A-X^B-=3\text{}/\text{}4\times 3\text{}/\text{}4=9\text{}/\text{}16.$
• Cái mắt đỏ F₂ không thuần chủng

        $=AA{X}^B{X}^b+Aa{X}^B{X}^B+Aa{X}^B{X}^b=1\text{}/\text{}4\times 1\text{}/\text{}4+2\text{}/\text{}4\times 1\text{}/\text{}4+2\text{}/\text{}4\times 1\text{}/\text{}4=5\text{}/\text{}16.$

• Trong tổng số các cá thể mắt đỏ, cá thể cái mắt đỏ không thuần chủng chiếm tỉ lệ 5/16: 9/16 = 5/9 $\to$Ý IV đúng.

Đáp án C

+ P: cây thân cao, hoa đỏ giao phấn với cây thân thấp, hoa trắng $\to$ F₁ có 100% cây thân cao, hoa đỏ $\to$ thân cao, hoa đỏ trội hoàn toàn so với thân thấp, hoa trắng

+ Qui ước gen: A: thân cao, a: thân thấp; B: hoa đỏ, b: hoa trắng.

 $\to$P: $(AA,BB)\times (aa,bb)\to F_1:(Aa,Bb)$

+ $F_1\times F_1\to F_2$ thu được 4 loại kiểu hình trong đó kiểu hình thân thấp, hoa trắng (aa, bb) = 320: 2000 = 0,16

• Tỉ lệ 0,16 $\ne$0,0625 $\to$ 2 cặp gen không phân li độc lập
• Tỉ lệ 0,16 $\ne$25% $\to$ 2 cặp gen không liên kết gen hoàn toàn

$\to$ Sự di truyền 2 tính trạng tuân theo qui luật hoán vị gen

+ Ta có 0,16 ab/ab = 0,4 ab $\times$ 0,4 ab $\to$ F₁: AB/ab, tần số Hoán vị gen = (0,5 – 0,4)  2 = 20%

$\to$Ý (1) sai.

+ Áp dụng hệ thức trội lặn để giải quyết các ý (2), (3), (4).

$(A-,B-)-(aa,bb)=50\%$

$(A-,bb)+(aa,bb)=25\%$

$(aa,B-)+(aa,bb)=25\%$

+ Số cây thân cao hoa trắng $(A-,bb)$ = Số cây thân thấp, hoa đỏ $(aa,B-)$

$=(0,25-0,16)\times 2000=180$ cây

+ Số cây thân cao, hoa đỏ thuần chủng (AB/AB) = (0,4 $\times$ 0,4) $\times$ 2000 = 320 cây

$\to$Ý (2), (3), (4) đúng.

Đáp án A

+ Lai cây hoa đỏ với cây hoa vàng: $A_1-\times A_3-\to$đời con có thể xuất hiện tối đa 3 loại kiểu hình A₁, A₃ và aa

Ví dụ: $A_{1}a\times A_{3}a\to$ đời con: $1A_1{A}_3:1A_{1}a:1A_{3}a:1aa\to$ Ý (1) sai

+ Lai cây hoa hồng với cây hoa trắng có thể cho F₁ có tỉ lệ 2 hồng : 1 vàng : 1 trắng

Ví dụ: $A_{2}a\times A_{3}a\to$ đời con: $1A_2{A}_3:1A_{2}a:1A_{3}a:1aa\to$2 hồng : 1 vàng : 1 trắng $\to$ Ý (2) đúng

+ Lai cây hoa hồng với cây hoa trắng có thể cho F₁ không có hoa trắng

Ví dụ: $A_2{A}_2\times aa\to 100\%A_{2}a\to 100\%$ hoa hồng $\to$ Ý (3) đúng

+ Lai cây hoa đỏ với cây hoa vàng sẽ cho F₁ tối đa 50% hoa vàng

Ví dụ: $A_{1}a\times A_3{A}_3\to 50\%A_1{A}_3:50\%A_{3}a\to$ 50% hoa đỏ : 50% hoa vàng $\to$ Ý (4) sai

Đáp án B

+ F₁ tự thụ phấn, F₂ thu được tỉ lệ 9 cây hoa đỏ: 6 cây hoa vàng: 1 cây hoa trắng, đây là tỉ lệ của qui luật tương tác gen, 2 cặp gen không alen cùng tương tác với nhau qui định tính trạng màu sắc hoa. Từ tỉ lệ này cho thấy F₁ dị hợp 2 cặp gen $\to$ gọi 2 cặp gen tương tác là Aa và Bb.

+ Ta có $F_1\times F_1:AaBb\times AaBb\to F_2:9A-B-:3A-bb:3aaB-:1aabb$, trong đó:

$9A-B-:$hoa đỏ;

$3A-bb,3aaB-:$hoa vàng;

aabb: hoa trắng;

+ Tỉ lệ hoa đỏ dị hợp ở F₂ (có thể dị hợp 1 cặp hoặc 2 cặp) = tỉ lệ hoa đỏ tỉ lệ hoa đỏ đồng hợp = $(A-B-)-\left(AABB\right)=9\text{}/\text{}16-1\text{}/\text{}16=1\text{}/\text{}2\to$Ý (1) sai

+ Cho tất cả các cây hoa vàng và hoa trắng ở F₂ giao phấn ngẫu nhiên với nhau thu được F₃: với trường hợp này chúng ta dùng phương pháp giao tử chung như sau:

 $\to$Cây hoa vàng và hoa trắng ở F₂ bao gồm các kiểu gen với tỉ lệ như sau:

 $(1AAbb:2Aabb:1aaBB:2aaBb:1aabb)$ cho giao tử $(2\text{}/\text{}7Ab:2\text{}/\text{}7\text{\hspace{0.17em}\hspace{0.17em}}aB:3\text{}/\text{}7ab)$

$\to$ F₂ giao phấn ngẫu nhiên $\to$ $F_3=(2\text{}/\text{}7Ab:2\text{}/\text{}7aB:3\text{}/\text{}7ab)\times (2\text{}/\text{}7Ab:2\text{}/\text{}7aB:3\text{}/\text{}7ab)$

 $\to$F₃ xuất hiện 6 kiểu gen $\to$ Ý (2) sai

 $\to$Cây hoa đỏ $F_{3\text{}}=A-B-=2\text{}/\text{}7\times 2\text{}/\text{}7\times 2=8\text{}/\text{}49\to$ Ý (3) sai

 $\to$Cây hoa vàng dị hợp $F_3=Aabb+aaBb=2\text{}/\text{}7\times 3\text{}/\text{}7\times 2+2\text{}/\text{}7\times 3\text{}/\text{}7\times 2=24\text{}/\text{}49\to$ Ý (4) đúng.

Đáp án C

+ Phương pháp chung: sử dụng phương pháp tách gộp ghép lai và hệ thức trội lặn.

+ P: AB/ab Dd $\times$ AB/ab dd

 $\to F_1:(A-,B-,Dd)=35,125\%$ (mà ta có $Dd\times dd\to Dd=1\text{}/\text{}2$ )

$\to (A-,B-)=0,35125\times 2=0,7025$

 $\to$ab/ab = 0,7025 – 0,5 = 0,2025 = 0,45 ab $\times$ 0,45 ab $\to$ Hoán vị gen tần số f = 10%

$\to$ AB/ab cho 4 loại giao tử: AB = ab = 0,45; Ab = aB = 0,05

+ Xét phép lai AB/ab $\times$ AB/ab $\to$có hoán vị gen $\to$F₁ cho 10 loại kiểu gen

Xét phép lai Dd $\times$ dd $\to$F₁: 1 Dd : 1 dd $\to$ F₁ cho 2 loại kiểu gen

$\to$ Số loại kiểu gen ở F₁ =10 $\times$ 2 = 20 loại kiểu gen $\to$ Ý I sai

+ Cá thể dị hợp về 3 cặp gen (Aa, Bb, Dd) ở F₁ = (0,45 $\times$ 0,45 $\times$ 2 + 0,05 $\times$ 0,05 $\times$ 2) $\times$ 0,5 = 0,205

 $\to$Ý II sai

+ Cá thể đồng hợp lặn (aa, bb, dd) ở F₁ = 0,2025 $\times$ 1/2 = 0,10125 $\to$ Ý III đúng

+ Cá thể mang một trong 3 tính trạng trội ở F₁ = $(A-,bb,dd)+(aa,B-,dd)+(aa,bb,Dd)$

= (0,25 – 0,2025) $\times$ 1/2 $\times$ 2 + 0,2025 $\times$ 1/2 = 0,14875 $\to$ Ý IV đúng

+ Cá thể đồng hợp trội trong tổng số cá thể kiểu hình trội ở F₁: ở F₁ không thể cho kiểu gen đồng hợp trội $\to$ Ý V sai.

Đáp án D

+ Quần thể 1: 0,25 AA : 0,5 Aa : 0,25 aa $\to$ người chồng bình thường thuộc quần thể này có xác suất kiểu gen = (0,25AA : 0,5Aa) = (1/3 AA : 2/3 Aa)

+ Quần thể 2: 0,16 AA : 0,48 Aa : 0,36 aa $\to$ người vợ bình thường thuộc quần thể này có xác suất kiểu gen = (0,16 AA : 0,48 Aa) = (1/4 AA : 3/4 Aa)

+ Chồng $\times$ vợ $\to$ (1/3 AA : 2/3 Aa) $\times$ (1/4 AA : 3/4 Aa) $\iff$ (2/3 A : 1/3 a) $\times$ (5/8 A : 3/8 a)

+ Xác suất cặp vợ chồng trên sinh ra 1 đứa con gái dị hợp (AaXX) = (2/3 $\times$ 3/8 + 1/3 $\times$ 5/8) $\times$ 1/2 = 11/48 $\to$ Ý I đúng

+ Cặp vợ chồng trên sinh ra 2 đứa trong đó có 1 đứa bình thường và 1 đứa bị bệnh $\to$ vợ và chồng đều có kiểu gen Aa:

 $\to$2/3 Aa $\times$ 3/4 Aa $\to$ 2/3 $\times$ 3/4 $\times$ (3/4 A– : 1/4 aa)

 $\to$Xác suất cặp vợ chồng trên sinh ra 2 đứa trong đó có 1 đứa bình thường và 1 đứa bị bệnh là

2/3 $\times$ 3/4 $\times$ 3/4 (A–) $\times$ 1/4 (aa) $\times$ 2 = 3/16 $\to$ Ý II đúng

(có 2 trường hợp sinh con: bình thường sinh trước, bị bệnh sinh sau và bị bệnh sinh trước, bình thường  sinh sau)

+ Xác suất cặp vợ chồng trên sinh ra 2 đứa đều có kiểu gen dị hợp:

TH1: $AA\times Aa\to$ Xác suất = $1/3\times 3/4\times 1/2\times 1/2=1/16$

TH2: $Aa\times AA\to$Xác suất $=2/3\times 1/4\times 1/2\times 1/2=1/24$

TH3: $Aa\times Aa\to$Xác suất $=2/3\times 3/4\times 1/2\times 1/2=1/8$

$\to$ Xác suất chung = 1/16 + 1/24 + 1/8 = 11/48 $\to$ Ý III đúng

+ Xác suất cặp vợ chồng trên sinh ra 2 đứa đều có kiểu gen đồng hợp:

TH1: $AA\times Aa\to$Xác suất = $1/3\times 3/4\times 1/2\times 1/2=1/16$

TH2: $Aa\times AA\to$Xác suất $=2/3\times 1/4\times 1/2\times 1/2=1/24$

TH3: $Aa\times Aa\to$Xác suất $=2/3\times 3/4\times 1/2\times 1/2=1/8$

TH4: $AA\times AA\to$Xác suất $=1/3\times 1/4\times 1\times 1=1/12$

$\to$ Xác suất chung = 1/16 + 1/24 + 1/8 + 1/12 = 5/16 $\to$ Ý IV đúng.

Đáp án C

+ Xét bệnh P: bố mẹ (6 – 7) không bị bệnh P sinh con (11) bị bệnh P $\to$ gen qui định bệnh P là gen lặn

Mẹ (3) bị bệnh P sinh con trai bình thường $\to$ gen qui định bệnh P nằm trên NST thường

Qui ước: A: không bị bệnh P; a: bị bệnh P

+ Xét bệnh M: bố mẹ (1 – 2) không bị bệnh M sinh con (5) bị bệnh M $\to$ gen qui định bệnh M là gen lặn và nằm trên NST X không có alen tương ứng trên Y qui định.

Qui ước: B: không bị bệnh M; b: bị bệnh M

+ Người số (4) không bị bệnh P sinh con (8) bị bệnh P aa $\to$ người số 4 dị hợp Aa $\to$ ý I sai

+ Kiểu gen người số (13):

• Người số (8) bị bệnh P aa $\to$ con (13) không bị bệnh P có kiểu gen Aa
• Người số (9) không bị bệnh M có kiểu gen X^BY, người số (8) không bị bệnh M có kiểu gen X^BX^b do nhận X^b từ bố 4 bị bệnh M có kiểu gen X^bY  $\to$con (13) không bị bệnh M có kiểu gen X^BX^B hoặc X^BX^b

 $\to$Người số 13 có thể có 1 hoặc 2 cặp gen dị hợp $\to$ Ý II sai

+ Xét cặp (12 – 13):

• Xét bệnh P:

Người số (13) có kiểu gen Aa

Người số (11) bị bệnh P có kiểu gen aa $\to$ (6) và (7) có kiểu gen Aa $\to$ người số (12) không bệnh có kiểu gen (1/3 AA : 2/3 Aa)

Ta có phép lai cặp (12 – 13) là: $Aa\times (1\text{}/\text{}3AA:2\text{}/\text{}3Aa)\leftrightarrow (1\text{}/\text{}2A:1\text{}/\text{}2a)\times (2\text{}/\text{}3A:1\text{}/\text{}3a)$

 $\to$Xác suất bệnh P = 1/2 $\times$ 1/3 = 1/6. Xác suất không bị bệnh P = 1 – 1/6 = 5/6

• Xét bệnh M:

Người số (12) có kiểu gen X^BY

Người số (13) có kiểu gen 1/2 X^BX^B : 1/2 X^BX^b

Ta có phép lai cặp (12 – 13) là: $X^{B}Y\times (1\text{}/\text{}2X^B{X}^B:1\text{}/\text{}2X^B{X}^b)\leftrightarrow (1\text{}/\text{}2X^B:1\text{}/\text{}2Y)\times (3\text{}/\text{}4X^B:1\text{}/\text{}4\text{\hspace{0.17em}\hspace{0.17em}}{X}^b)$

 $\to$Xác suất bệnh M = 1/2 $\times$ 1/4 = 1/8. Xác suất không bị bệnh M = 1 – 1/8 = 7/8

 $\to$Xác suất sinh con thứ nhất chỉ bị bệnh P của cặp (12 – 13) là: 1/6 $\times$ 7/8 = 7/48 $\to$ Ý III đúng

+ Xác suất sinh con thứ nhất là con trai và chỉ bị bệnh P của cặp 12 – 13:

 $=1\text{}/\text{}6\times 1\text{}/\text{}2Y\times 3\text{}/\text{}4X^B=1\text{}/\text{}16\to$Ý IV đúng