Phương pháp:

Sử dụng lý thuyết về lượng tính sóng – hạt của ánh sáng

Cách giải:

Ánh sáng vừa có tính chất sóng, vừa có tính chất hạt.

Tính chất hạt của ánh sáng thể hiện rõ ở các hiện tượng quang điện, khả năng đâm xuyên, tác dụng phát quang...

Tính chất sóng của ánh sáng thể hiện ở các hiện tượng giao thoa, nhiễu xạ, tán sắc...

Vậy hiện tượng giao thoa ánh sáng thể hiện tính chất sóng của ánh sáng.

Chọn B

Phương pháp: Sử dụng lý thuyết về sóng điện từ.

Cách giải:

Sóng điện từ là sóng ngang, truyền được trong các môi trường: rắn, lỏng, khí, chân không.

Chọn B

Phương pháp:

Sử dụng lý thuyết về tia hồng ngoại và tia tử ngoại.

Cách giải:

Trong chân không, bước sóng của tia hồng ngoại lớn hơn bước sóng của tia tử ngoại. $\to$ A đúng.

Tia hồng ngoại có thể gây ra hiện tượng quang điện trong ở một số chất bán dẫn, tia tử ngoại có thể gây ra hiện tượng quang điện. $\to$ B sai.

Những vật bị nung nóng đến nhiệt độ cao (trên 2000°C) đều phát tia tử ngoại. Mọi vật, dù ở nhiệt độ thấp, đều phát ra tia hồng ngoại. $\to$ C sai.

Tia tử ngoại làm ion hóa các chất khí. Tia hồng ngoại không có tính chất làm ion hóa chất khí.$\to$ D sai.

Chọn A

Cách giải:

Thế năng của con lắc lò xo: ${\text{W}}_t=\frac{k{x}^2}{2}$

Chọn C

Phương pháp:

Hạt nhân ${}_Z^{A}X$ có số proton là Z, số khối (số nuclon) là A, số notron là (A – Z).

Cách giải:

Hạt nhân ${}_6^{14}$C và hạt nhân ${}_7^{14}$N có cùng số nuclôn.

Chọn B

Cách giải:

Hệ số công suất của đoạn mạch R, L, C nối tiếp là:

$cos\phi =\frac{R}{\sqrt{R^2+{\left(Z_L-Z_C\right)}^2}}=\frac{R}{\sqrt{R^2+{\left(L\omega -\frac{1}{C\omega }\right)}^2}}$

Chọn B

Cách giải:

Mối liên hệ giữa tần số góc $\omega$ và chu kì T là: $\omega =\frac{2\pi }{T}.$

Chọn D

Phương pháp:

Phương trình sóng cơ học tổng quát: $u=a\cos \left(2\pi ft-\frac{2\pi x}{\lambda }\right)$

Với: u là li độ

a là biên độ sóng

$\omega$ là tần số sóng

$\lambda$ là bước sóng

Cách giải:

Phương trình sóng: $u=4\cos \left(20\pi t-2\pi x\right)$ có biên độ sóng: a = 4 (mm)

Chọn B

Phương pháp:

Sử dụng lý thuyết về hiện tượng cộng hưởng.

Cách giải:

Hiện tượng cộng hưởng xảy ra khi tần số của lực cưỡng bức bằng tần số riêng của hệ.

Chọn A

Phương pháp:

Công của lực điện: $A_{MN}=qE.\overline{M\text{'}N\text{'}}$ với $\overline{M\text{'}N\text{'}}$ là độ dài đại số của đường đi chiếu trên phương của điện trường.

Công của lực điện tác dụng lên một điện tích không phụ thuộc dạng đường đi của điện tích mà chỉ phụ thuộc vào vị trí điểm đầu và điểm cuối của đường đi trong điện trường.

Cách giải:

Công của lực điện tác dụng lên một điện tích không phụ thuộc dạng đường đi của điện tích mà chỉ phụ thuộc vào vị trí điểm đầu và điểm cuối của đường đi trong điện trường.

Chọn A

Phương pháp:

Suất điện động cảm ứng: $e_c=-N\frac{\Delta \Phi }{\Delta t}$ với $\Phi =NBS\cos \alpha .$

Cách giải:

Suất điện động cảm ứng: $e_c=-N\frac{\Delta \Phi }{\Delta t}$ tỉ lệ với tốc độ biến thiên của từ thông qua mạch kín đó.

Chọn A

Phương pháp:

Biểu thức cường độ dòng điện xoay chiều: $i=I_{0}cos\left(\omega t+\phi \right)$

Với i là cường độ dòng điện tức thời

I₀ là cường độ dòng điện cực đại

$\omega$ là tần số góc của dòng điện

$\phi$ là pha ban đầu

$\left(\omega t+\phi \right)$ là pha dao động

Cách giải:

Cường độ dòng điện: $i=3\cos \left(100\pi t-\frac{\pi }{3}\right)$(A) có pha ban đầu là: $\phi =-\frac{\pi }{3}$ (rad)

Chọn B

Phương pháp:

Suất điện động cảm ứng cực đại: $E_0=\omega NBS$  

Cách giải:

Suất điện động cảm ứng cực đại ở hai đầu khung dây: $E_0=\omega NBS$ tỉ lệ với tốc độ quay của khung dây, số vòng dây, cảm ứng từ qua khung dây, diện tích khung dây.

Chọn D

Cách giải:

Mức cường độ âm: $L=\log \left(\frac{I}{I_0}\right)\left(B\right)=10\log \left(\frac{I}{I_0}\right)\left(dB\right)$

Chọn D

Phương pháp:

Thuyết lượng tử ánh sáng:

1. Chùm ánh sáng là một chùm các photon (các lượng tử ánh sáng). Mỗi photon có năng lượng xác định $\epsilon =hf$ (f là tần số của sóng ánh sáng đơn sắc tương ứng). Cường độ của chùm sáng tỉ lệ với số photon phát ra trong 1 giây.
2. Phân tử, nguyên tử, electron... phát xạ hay hấp thụ ánh sáng, cũng có nghĩa là chúng phát xạ hay hấp thụ photon.
3. Các photon bay dọc theo tia sáng với tốc độ $c={3.10}^{8}m/s$ trong chân không.

Cách giải:

Theo thuyết lượng tử ánh sáng, photon ứng với ánh sáng đơn sắc có năng lượng càng lớn nếu ánh sáng đó có tần số càng lớn.

Chọn C

Phương pháp:

Chu kì của con lắc đơn: $T=2\pi \sqrt{\frac{l}{g}}$

Cách giải:

Chu kì của con lắc đơn là: $T=2\pi \sqrt{\frac{l}{g}}=2\pi \sqrt{\frac{1}{{\pi }^2}}=2\left(s\right)$

Chọn D

Phương pháp:

Số hạt nhân bị phân rã: $N=N_0\left(1-2^{-\frac{t}{T}}\right)$

Cách giải:

Số hạt nhân bị phân rã sau 4 giờ là:

$N=N_0\left(1-2^{-\frac{t}{T}}\right)=0,75N_0\Rightarrow 1-2^{-\frac{t}{T}}=0,75=\frac{3}{4}$

$\Rightarrow 2^{-\frac{t}{T}}=\frac{1}{4}=2^{-2}\Rightarrow \frac{t}{T}=2\Rightarrow t=2T$

$\Rightarrow 4=2T\Rightarrow T=2$ (giờ)

Chọn C

Phương pháp:

Độ hụt khối của hạt nhân: $\Delta m=Z.m_p+\left(A-Z\right).m_n-m$

Cách giải:

Độ hụt khối của hạt nhân ${}_{47}^{107}Ag$ là:

$\Delta m=Z.m_p+\left(A-Z\right).m_n-m$

$\Rightarrow \Delta m=47.1,0073u+\left(107-47\right).1,0087u-106,8783u=0,9868u$

Chọn A

Phương pháp:

Biên độ dao động tổng hợp của hai dao động điều hòa cùng phương, cùng tần số:

$A=\sqrt{A_1^2+A_2^2+2A_1{A}_{2}cos\Delta \phi }$

Cách giải:

Hai dao động vuông pha, biên độ dao động tổng hợp là:

$A=\sqrt{A_1^2+A_2^2}=\sqrt{6^2+8^2}=10\left(cm\right)$

Chọn C

Phương pháp:

Vận tốc cực đại: $v_{max}=\omega A$

Cách giải:

Vận tốc cực đại của vật là:

$v_{max}=\omega A\Rightarrow \omega =\frac{v_{max}}{A}=\frac{10\pi }{2}=5\pi \left(rad/s\right).$

Chọn D

Phương pháp:

Công thoát electron: $A=\frac{hc}{\lambda }$

Cách giải:

Công thoát electron của kim loại đó là:

$A=\frac{hc}{\lambda }\Rightarrow \lambda =\frac{hc}{A}=\frac{6,{625.10}^{-34}{\mathrm{.3.10}}^8}{3,{43.10}^{-19}}=5,{79.10}^{-7}\left(m\right)=579\left(nm\right)$

Chọn A

Phương pháp:

Chu kì của mạch dao động $T=2\pi \sqrt{LC}$

Cách giải:

Chu kì dao động riêng của mạch này là:

$T=2\pi \sqrt{LC}=2\pi \sqrt{\frac{{10}^{-2}}{\pi }.\frac{{10}^{-10}}{\pi }}={2.10}^{-6}\left(s\right)$

Chọn A

Phương pháp:

Công thức thấu kính: $\frac{1}{d}+\frac{1}{d\text{'}}=\frac{1}{f}$

Cách giải:

Ta có công thức thấu kính: $\frac{1}{d}+\frac{1}{d\text{'}}=\frac{1}{f}\Rightarrow \frac{1}{20}+\frac{1}{d\text{'}}=\frac{1}{10}\Rightarrow d\text{'}=20\left(cm\right)>0\to$ảnh thật

Chọn B

Phương pháp:

Công thức định luật Ôm cho toàn mạch: $I=\frac{E}{r+R}$

Cách giải:

Cường độ dòng điện trong mạch là:

$I=\frac{E}{r+R}\Rightarrow 2=\frac{10}{1+R}\Rightarrow R=4\left(\Omega \right)$

Chọn D

Phương pháp:

Khoảng cách ngắn nhất giữa hai nút sóng: $\frac{\lambda }{2}$

Cách giải:

Khoảng cách ngắn nhất giữa hai nút sóng là: $\frac{\lambda }{2}=2\Rightarrow \lambda =4\left(cm\right)$

Chọn A

Phương pháp:

Khoảng cách giữa hai vận tối trên màn: $i=\frac{\lambda D}{a}$

Cách giải:

Khoảng cách giữa hai vận tối trên màn là:

$i=\frac{\lambda D}{a}=\frac{0,{6.10}^{-6}.1,5}{{1.10}^{-3}}={9.10}^{-4}\left(m\right)=0,9\left(mm\right)$

Chọn C

Phương pháp:

Bước sóng: $\lambda =\frac{c}{f}$

Cách giải:

Bước sóng là: $\lambda =\frac{c}{f}=\frac{{3.10}^8}{{10.10}^6}=30\left(m\right)$

Chọn B

Phương pháp:

Tổng trở của đoạn mạch R, L, C mắc nối tiếp: $Z=\frac{U}{I}=\frac{U_0}{I_0}$

Cách giải:

Tổng trở của mạch là: $Z=\frac{U}{I}=\frac{U_0}{I_0}=\frac{200}{2\sqrt{2}}=50\sqrt{2}\left(\Omega \right).$

Chọn D

Phương pháp:

Bán kính quỹ đạo dừng: $r=n^2{r}_0$

Cách giải:

Quỹ đạo N ứng với n = 4

Bán kính quỹ đạo dừng N của electron trong nguyên tử có bán kính là:

$r_N=n^2.r_0=4^2.5,{3.10}^{-11}=84,{8.10}^{-11}\left(m\right)$

Chọn B

Phương pháp:

Khoảng vân: $i=\frac{\lambda D}{a}$

Cách giải:

Khoảng vân đo được trên màn là:

$i=\frac{\lambda D}{a}\Rightarrow \lambda =\frac{ia}{D}=\frac{0,{8.10}^{-3}{\mathrm{.1.10}}^{-3}}{2}={4.10}^{-7}\left(m\right)=400\left(nm\right)$

Chọn C

Phương pháp:

Điều kiện có sóng dừng $l=k\frac{\lambda }{2}$ với k là số bó sóng

Biên độ của điểm cách nút gần nhất khoảng d: $a=2a_0\sin \frac{2\pi d}{\lambda }$

Cách giải:

Sóng dừng trên dây với 5 nút sóng $\to$ có 4 bụng sóng, chiều dài dây là:

$l=k\frac{\lambda }{2}\Rightarrow 1,2=4.\frac{\lambda }{2}\Rightarrow \lambda =0,6\left(m\right)=60\left(cm\right)$

Biên độ dao động của điểm bụng là: $a_{max}=2a_0$

Biên độ dao động của điểm M là:

$a_M=2a_0\sin \frac{2\pi d}{\lambda }=\frac{1}{2}.2a_0\Rightarrow \sin \frac{2\pi d}{\lambda }=\frac{1}{2}$

$\Rightarrow \frac{2\pi d}{\lambda }=\frac{\pi }{6}\Rightarrow d=\frac{\lambda }{12}=5\left(cm\right)<\frac{\lambda }{8}$

Khoảng cách từ điểm M tới bụng gần nhất là:

$d\text{'}=\frac{\lambda }{4}-d=\frac{60}{4}-5=10\left(cm\right)$

Vậy để hai điểm M, N gần nhất, chúng đối xứng nhau qua nút.

Khoảng cách giữa vị trí cân bằng của hai điểm M và N bằng: MN = 2d = 2.5 = 10 (cm)

Chọn D

Phương pháp:

Dùng công thức tính công suất.

Các giải:

Ta có: $P=R{I}^2=R.\frac{U^2}{R^2+{(Z_L-Z_C)}^2}\Rightarrow {(Z_L-Z_C)}^2=\frac{R{U}^2}{P}-R^2=0$

Do đó $Z_L=Z_C\iff \omega =\frac{1}{\sqrt{LC}}=120\pi$ rad/s. Chọn D

Phương pháp:

Hệ quả khi L thay đổi để $U_{L\max }:\overrightarrow{U}\perp \overrightarrow{U_{RC}}$

Sử dụng giản đồ vecto và hệ thức lượng trong tam giác vuông

Cách giải:

Áp dụng hệ thức lượng cho tam giác vuông, ta có:

$b^2=ab\text{'}\Rightarrow U^2=U_{L\max }.\left(U_{L\max }-U_C\right)$

$\Rightarrow {\left(100\sqrt{3}\right)}^2=U_{L\max }.\left(U_{L\max }-200\right)\Rightarrow {U_{L\max }}^2-200U_{L\max }-30000=0$

$\Rightarrow \left[\begin{array}{l}{U}_{L\max }=300\left(V\right)\left(t/m\right)\\ U_{L\max }=-100\left(V\right)\left(loai\right)\end{array}\right.$

Chọn D

Phương pháp:

Sử dụng kĩ năng đọc đồ thị

Thế năng của con lắc lò xo: ${\text{W}}_t=\frac{1}{2}k{x}^2$

Thế năng biến thiên với chu kì: $T\text{'}=\frac{T}{2}$

Cơ năng: $\text{W}=n{\text{W}}_t\Rightarrow x=\pm \frac{A}{\sqrt{n}}$

Sử dụng vòng tròn lượng giác

Cách giải:

Từ đồ thị ta thấy khoảng thời gian giữa 2 ô là: $\frac{2}{3}-\frac{1}{3}=\frac{1}{3}\left(s\right)$

Chu kì biến thiên của thế năng là 3 ô$\Rightarrow T\text{'}=\frac{3}{2}.\frac{1}{3}=0,5\left(s\right)$

Thế năng biến thiên với chu kì: $T\text{'}=\frac{T}{2}\Rightarrow T=2T\text{'}=2.0,5=1\left(s\right)$

Tại thời điểm t=0 thế năng của vật đang giảm $\to$ li độ giảm

Ta có:

${\text{W}}_t=15\left(mJ\right)=\frac{3}{4}{\text{W}}_{t\max }=\frac{3}{4}\text{W}\Rightarrow \text{W}=\frac{4}{3}{\text{W}}_t\Rightarrow x=\pm \frac{1}{\sqrt{\frac{4}{3}}}A=\pm \frac{A\sqrt{3}}{2}$

Tại thời điểm t=0 vật chuyển động theo chiều dương, ta có vòng tròn lượng giác:

Từ vòng tròn lượng giác, ta thấy pha ban đầu của dao động là: $\phi =-\frac{5\pi }{6}\left(rad\right)$  

Thế năng cực đại của vật là:

${\text{W}}_{t\max }=\text{W}=\frac{1}{2}m{\omega }^2{A}^2\Rightarrow {20.10}^{-3}=\frac{1}{2}.0,4.{\left(2\pi \right)}^2.A^2$

$\Rightarrow A=0,05\left(m\right)=5\left(cm\right)$

Phương trình dao động của vật là: $x=5\cos \left(2\pi t-\frac{5\pi }{6}\right)\left(cm\right)$

Chọn C

Phương pháp:

Quãng đường trong dao động điều hòa và công thức tính vận tốc truyền sóng.

Cách giải:

Bước sóng $\lambda =\frac{v}{T}=20$ cm

Phần tử môi trường đi được quãng đường 60 cm $\Rightarrow$ S =12A

Thời gian phần tử môi trường đi được quãng đường 12A là t = 3T

Trong một chu kì sóng truyền được quãng đường $S=\lambda$  

Sóng truyền được quãng đường trong 3T là $S=3\lambda =60cm$.

Chọn A

Phương pháp:

Con lắc chịu tác dụng của lực điện F = q.E nên $g^{\text{'}}=g+\frac{F}{m}$

Cách giải:

Vì q > 0 nên lực điện trường tác dụng lên vật $\overrightarrow{F}=q\overrightarrow{E}$ cùng hướng với  $\overrightarrow{E}$, tức là $\overrightarrow{F}$ cùng hướng với $\overrightarrow{P}$ . Do đó,  cũng có hướng thẳng đứng xuống và độ lớn $P^{\text{'}}=P+F$ nên $g^{\text{'}}=g+\frac{F}{m}$ hay $g^{\text{'}}=g+\frac{qE}{m}=10+\frac{{5.10}^{-6}{.10}^4}{0.01}=15(m/s^2)$  

$\Rightarrow T^{\text{'}}=2\pi \sqrt{\frac{l}{g^{\text{'}}}}\approx 1,15\left(s\right)$

Chọn đáp án C

Phương pháp:

Tần số góc của con lắc lò xo: $\omega =\sqrt{\frac{k}{m}}$

Độ giãn của lò xo ở VTCB: $\Delta l_0=\frac{mg}{k}$

Công thức độc lập với thời gian: $x^2+\frac{v^2}{{\omega }^2}=A^2$

Độ lớn lực đàn hồi của lò xo: $F_{dh}=k\Delta l$

Sử dụng vòng tròn lượng giác và công thức: $\Delta t=\frac{\Delta \phi }{\omega }$

Cách giải:

Tần số góc của con lắc là: $\omega =\sqrt{\frac{k}{m}}=\sqrt{\frac{100}{0,1}}=10\sqrt{10}=10\pi \left(rad/s\right)$

Ở VTCB, lò xo giãn một đoạn là:

$\Delta l_0=\frac{mg}{k}=\frac{0,1.10}{100}=0,01\left(m\right)=1\left(cm\right)$

Nâng vật lên để lò xo nén 3 cm, li độ của con lắc khi đó là:

$x=-\left(3+1\right)=-4\left(cm\right)$

Ta có công thức độc lập với thời gian:

$x^2+\frac{v^2}{{\omega }^2}=A^2\Rightarrow {\left(-4\right)}^2+\frac{{\left(30\pi \right)}^2}{{\left(10\pi \right)}^2}=A^2\Rightarrow A=5\left(cm\right)$

Độ lớn của lực đàn hồi là:

$F_{dh}=k\Delta l\Rightarrow \Delta l=\frac{F_{dh}}{k}\Rightarrow \Delta l<\frac{2}{100}=0,02\left(m\right)=2\left(cm\right)$

$\Rightarrow -3<x<1\left(cm\right)$

Ta có vòng tròn lượng giác:

Từ vòng tròn lượng giác, ta có:

$\left\{\begin{array}{l}cos\alpha =\frac{3}{5}\Rightarrow \alpha \approx {53}^0\\ cos\beta =\frac{1}{5}\Rightarrow \beta \approx {78}^0\end{array}\right.$

Vậy trong khoảng thời gian lực đàn hồi có độ lớn nhỏ hơn 2 N, vecto quay được góc:

$\Delta \phi =2.\left(180-53-78\right)={98}^0\approx 1,71\left(rad\right)$

$\Rightarrow \Delta t=\frac{\Delta \phi }{\omega }=\frac{1,71}{10\pi }=0,054\left(s\right)$

Vậy giá trị thời gian gần nhất là 0,05 s

Chọn C

Phương pháp:

Phương trình biên độ của giao thoa sóng

Cách giải:

Bước sóng $\lambda =\frac{v}{f}=9cm.$

Độ lệch pha hai sóng kết hợp tại M: $\Delta \phi =\frac{2\pi }{\lambda }\left(d_1-d_2\right)=\frac{2\pi }{\lambda }.2x$

Biên độ sóng tại M: $A_M^2=A_1^2+A_2^2+2A_1{A}_2\cos \Delta \phi \iff {\left(3\sqrt{19}\right)}^2=6^2+9^2+\mathrm{2.6.9}\cos \frac{4\pi x}{\lambda }$

$\Rightarrow \frac{4\pi x}{\lambda }=\frac{\pi }{3}\Rightarrow x=\frac{\lambda }{12}=0,75cm.$

Chọn C

Cách giải:

Khi tần số thay đổi, U_C = max$\iff {{\rm Z}}_L={{\rm Z}}_r\iff {{\rm Z}}_L=\sqrt{Z_L{Z}_C\frac{R^2}{2}}$

$\Rightarrow Z_C=Z_L+\frac{R^2}{2Z_L}>Z_L$ (u trễ hơn i nên $\phi <0$ )

$\Rightarrow \tan {\phi }_{RL}\tan \phi =\frac{Z_L-Z_C}{R}.\frac{Z_L}{R}=\frac{Z_L-\left(Z_L+\frac{R^2}{2Z_L}\right)}{R}.\frac{Z_L}{R}=-\frac{1}{2}$.Gọi $\alpha$ là độ lệch pha của U_RL và U thì $a={\phi }_{RL}-\phi ={\phi }_{RL}+(-\phi )$ , trong đó, ${\phi }_{RL}>0$ và $(-\phi )>0$.

$\text{tan}\alpha \text{=tan}\left({\phi }_{RL}-\phi \right)=\frac{\tan {\phi }_{RL}+\tan (-\phi )}{1+\tan {\phi }_{RL}.\tan \phi }$

$=2\left(\tan {\phi }_{RL}+\tan (-\phi )\right)\ge 2.2.\sqrt{\tan {\phi }_{RL}.\tan (-\phi )}=2\sqrt{2}\Rightarrow \tan {\alpha }_{\min }=2\sqrt{2}$

$\Rightarrow {\alpha }_{\min }=70,5^0\Rightarrow$Chọn A

Phương pháp:

Bài toán giao thoa với 3 bức xạ

Cách giải:

            Khoảng vân của ${\lambda }_2:i_2=\frac{{\lambda }_{2}D}{a}=0,54\left(mm\right)$  

            Khoảng vân của ${\lambda }_1\equiv {\lambda }_2:\frac{k_2}{k_1}=\frac{i_1}{i_2}=\frac{{\lambda }_1}{{\lambda }_2}=\frac{32}{27}\Rightarrow i_{12}=32i_2=17,28\left(mm\right)$ 

            Khoảng vân của ${\lambda }_2\equiv {\lambda }_3:\frac{k_3}{k_2}=\frac{i_2}{i_3}=\frac{{\lambda }_2}{{\lambda }_3}=\frac{9}{8}\Rightarrow i_{23}=8i_2=4,32\left(mm\right)$  

            Khoảng vân của ${\lambda }_1\equiv {\lambda }_2\equiv {\lambda }_3:\left\{\begin{array}{c}\frac{k_2}{k_1}=\frac{i_1}{i_2}=\frac{{\lambda }_1}{{\lambda }_2}=\frac{32}{27}\\ \frac{k_3}{k_1}=\frac{i_1}{i_3}=\frac{{\lambda }_1}{{\lambda }_3}=\frac{4}{3}=\frac{36}{27}\end{array}\right.$  

$i_{123}=32i_2=17,28\left(mm\right)=i_{12}=4i_{23}\Rightarrow$ Các vị trí trùng của ${\lambda }_1\equiv {\lambda }_2\equiv {\lambda }_3$ và của ${\lambda }_1\equiv {\lambda }_2$ đều nằm trong các vị trí trùng của ${\lambda }_2\equiv {\lambda }_3$. Vì vậy, ta chỉ quan tâm đến các vị trí của ${\lambda }_2\equiv {\lambda }_3$ mà thôi.

            Nếu không có trùng nhau thì số vân màu lục trên L:

$N_1=2\left[\frac{0,5L}{i_2}\right]+1=2\left[\frac{0,5.40}{0,54}\right]+1=75$

            Số vân sáng của ${\lambda }_2\equiv {\lambda }_3:N_{23}=2\left[\frac{0,5L}{i_{23}}\right]+1=2\left[\frac{0,5.40}{4,32}\right]+1=9$

Số vân màu lục còn lại: $N_1-N_{12}=75-9=66\Rightarrow$ Chọn D