13 câu hỏi trắc nghiệm thuộc Tổng hợp bài tập peptit hay và khó (Phần 2) có đáp án

Câu 1:

Cho m gam hỗn hợp E gồm một peptit X và một peptit Y (biết số nguyên tử nitơ trong X, Y lần lượt là 4 và 5, X và Y chứa đồng thời glyxin và alanin trong phân tử) bằng lượng NaOH vừa đủ, cô cạn thu được (m + 23,7) gam hỗn hợp muối. Đốt cháy toàn bộ lượng muối sinh ra bằng một lượng $O_{2}$ vừa đủ thu được $N a_{2} C O_{3}$ và hỗn hợp hơi F gồm $C O_{2}, H_{2} O v à N_{2}$ . Dẫn toàn bộ hỗn hợp hơi F qua bình đựng NaOH đặc dư thấy khối lượng bình tăng thêm 84,06 gam so với ban đầu và có 7,392 lít một khí duy nhất (ở đktc) thoát ra, các phản ứng xảy ra hoàn toàn. Thành phần phần trăm khối lượng của X trong hỗn hợp E gần nhất với giá trị nào sau đây?

A. 41,2%.

B. 53,1%.

C. 58,8%.

D. 49,3%

Xem đáp án

X là tetrapeptit, Y là pentapeptit

$n_{N 2} = 7, 392 / 22, 4 = 0, 33 = > n_{N} = 0, 66 m o l$

$E \underset{m}{\underset{}{\{\begin{matrix} C O N H : 0, 66 \\ {CH}_{2} : x \\ H_{2} 0 : y \end{matrix}}} \overset{+ N a O H}{\to} M u o i \underset{m + 23, 7}{\underset{}{\{\begin{matrix} C O O N a : 0, 66 \\ {NH}_{2} : 0, 66 \\ {CH}_{2} : x \end{matrix}}} \overset{+ O_{2}}{\to} \{\begin{matrix} {Na}_{2} {CO}_{3} : 0, 33 \\ \overset{B T N T : C}{\to} {CO}_{2} : x + 0, 33 \\ H_{2} 0 : x + 0, 66 \end{matrix}$

$m b ì n h t ă n g = m_{C O_{2}} + m_{H_{2} O} = > 44. (x + 0, 33) + 18. (x + 0, 66) = 84, 06 = > x = 0, 93 m o l$

$\begin{array}{l} m_{m u o i} = 0, 66.67 + 0, 66.16 + 0, 93.14 = 67, 8 g a m = > m = 67, 8 - 23, 7 = 44, 1 g a m \\ m_{E} = 44, 1 g a m = > 0, 66.43 + 14 x + 18 y = 44, 1 = > y = 0, 15 \end{array}$

Gọi $n_{G l y - N a} = a m o l; n_{A l a - N a} = b m o l$

$\to \{\begin{matrix} 2 a + 3 b = n C = 0, 66 + 0, 93 \\ 97 a + 111 b = 67, 8 \end{matrix} \to \{\begin{matrix} a = 0, 39 \\ b = 0, 27 \end{matrix}$

G/s: $n_{X} = u, n_{Y} = v$

$\to \begin{matrix} u + v = y = 0, 15 \\ 4 u + 5 v = n_{N} = 0, 66 \end{matrix} \to \{\begin{matrix} u = 0, 09 \\ v = 0, 06 \end{matrix}$

$\begin{array}{l} X : G l y_{n} A l a_{4 - n} (0, 09) \\ Y : G l y_{m} A l a_{5 - m} (0, 06) \end{array}$

$\to 0, 09 n + 0, 06 m = n_{G l y} = 0, 39 \to 3 n + 2 m = 13 (n < 4, m < 5)$

$\to \{\begin{matrix} n = 3 \\ m = 2 \end{matrix} \to \{\begin{matrix} X : {Gly}_{3} A l a \\ Y : {Gly}_{2} {Ala}_{3} \end{matrix}$

$% m_{X} = . \frac{0, 09.260}{44, 1} 100 % = 53, 1 %$

Đáp án cần chọn là: B

Câu 2:

Cho hỗn hợp A gồm tetrapeptit X và pentapeptit Y (đều hở và đều tạo bởi Gly và Ala). Đun nóng m gam hỗn hợp A với dung dịch NaOH vừa đủ rồi cô cạn cẩn thận dung dịch thu được (m + 7,9) gam muối khan. Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp muối, được $N a_{2} C O_{3}$ và hỗn hợp B (khí và hơi). Cho B vào bình đựng dung dịch $B a {(O H)}_{2}$ dư thấy khối lượng bình tăng 28,02 gam và có 2,464 lít khí bay ra (đktc). Phần trăm khối lượng của Y trong A là:

A. 46,94%.

B. 64,63%.

C. 69,05%.

D. 44,08%.

Xem đáp án

Quỵ đổi X thành:

$C_{2} H_{3} O N : 0, 22$ (Tính từ $n_{N 2} = 0, 22)$

$\begin{array}{l} C H_{2} : a m o l \\ H_{2} O : b m o l \end{array}$

Trong phản ứng thủy phân M:

X + NaOH → Muối + $H_{2} O$

$m_{N a O H} - m_{H_{2} O} = 7, 9 = > 40.0, 22 - 18 b = 7, 9 = > b = 0, 05$

Đốt muối thu được:

$n_{N a_{2} C O_{3}} = \frac{n_{NaOH}}{2} = 0, 11 m o l$

Bảo toàn C: $n_{C O 2} = 0, 22.2 + a - 0, 11 = a + 0, 33$

Bảo toàn H: $n_{H_{2} O} = (0, 22.1, 5 + a + b) + \frac{0, 22}{2} - b = a + 0, 44$

=> 44.(a + 0,33) + 18.(a + 0,44) = 28,02 => a = 0,09 => $m_{A} = 14, 7 g a m$

Đặt x, y là số mol X, Y $= > n_{A} = x + y = b = 0, 05 v à n_{N a O H} = 4 x + 5 y = 0, 22$

=> x = 0,03 và y = 0,03

Đặt u, v là số mol của Gly và Ala

$= > n_{N} = u + v = 0, 22 v à n_{C} = 2 u + 3 v = n_{C O_{2}} + n_{N a_{2} C O_{3}} = 0, 53 n$

=> u = 0,13 và v = 0,09

$\begin{array}{l} X : {(G l y)}_{p} {(A l a)}_{4 - p} \\ Y : {(G l y)}_{q} {(A l a)}_{5 - q} \end{array}$

$\begin{array}{l} = > n_{G l y} = 0, 03 p + 0, 02 q = 0, 13 \\ = > 3 p + 2 q = 13 \end{array}$

Vì p < 4 và q < 5 => p = 3 và q = 2 => X là ${(G l y)}_{3} (A l a)$

$= > % X = \frac{0, 03.260}{14, 7} = 53, 06 %$

=> %Y = 46,94%

Đáp án cần chọn là: A

Câu 3:

Hỗn hợp X gồm 3 peptit Y, Z, T (đều mạch hở) với tỉ lệ mol tương ứng 2: 3: 4. Tổng số liên kết peptit trong phân tử Y, Z, T bằng 12. Thủy phân hoàn toàn 39,05 gam X, thu được 0,11 mol $X_{1}; 0, 16 m o l X_{2} v à 0, 2 m o l X_{3}$ . Biết $X_{1}, X_{2}, X_{3}$ đều có dạng $H_{2} N C_{n} H_{2 n} C O O H$ . Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn m gam X cần 32,816 lít $O_{2}$ (đktc). Giá trị của m gần nhất với giá trị nào sau đây?

A. 30

B. 31

C. 26

D. 28

Xem đáp án

Gọi 3 amino axit là A , B , C

Có $n_{A} : n_{B} : n_{C} = 11 : 16 : 20$

$2 Y + 3 Z + 4 T \to {(A_{11} B_{16} C_{20})}_{k} + 8 H_{2} O$

Do tổng số gốc amino axit trong Y, Z, T là 15

=> k = 1 => số mol 1 aminoaxit $= \frac{0, 11 + 0, 16 + 0, 2}{11 + 16 + 20} = 0, 01 m o l$

$2 Y + 3 Z + 4 T \to (A_{11} B_{16} C_{20}) + 8 H_{2} O$

0,01 → 0,08 (mol)

Bảo toàn khối lượng : $m_{Y} + m_{Z} + m T = m_{p e p t i t t o n g} + m_{H 2 O}$

$A_{11} B_{16} C_{20}$ : có 47 a.a => có 46 liên kết peptit :

Đặt công thức tổng quát của amion axit là : $N H_{2} - C_{n} H_{2 n} - C O O H$

=> 0,01.[47(14n + 61) – 46.18] + 0,08.18 = 39,05 gam

=> n = 123 / 47

$H - {(N H - C_{n} H_{2 n} - C O)}_{47} - O H + (70, 5 n + 35, 25) O_{2} \to (47 n + 47) C O_{2} + (47 n + 24, 5) H_{2} O + 23, 5 N_{2}$

$= > n_{O 2} = 0, 01. (70, 5 n + 35, 25) = 2, 1975 m o l$

Đốt 39,05 gam X cần 2,1975 mol $O_{2}$

Đốt m gam X cần 1,465 mol $O_{2}$

$= > m = \frac{1, 465.39, 05}{2, 1975} = 26, 033 g a m$

Đáp án cần chọn là: C

Câu 4:

Cho m gam hỗn hợp M gồm đipeptit X, tripeptit Y, tetrapeptit Z và pentapeptit T (đều mạch hở) tác dụng với dung dịch NaOH vừa đủ, thu được hỗn hợp Q gồm muối của Gly, Ala và Val. Đốt cháy hoàn toàn Q bằng một lượng oxi vừa đủ, thu lấy toàn bộ khí và hơi đem hấp thụ vào bình đựng nước vôi trong dư, thấy khối lượng bình tăng 13,23 gam và có 0,84 lít khí (đktc) thoát ra. Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn m gam M, thu được 4,095 gam $H_{2} O$ . Giá trị của m gần nhất với giá trị nào sau đây?

A. 7,0.

B. 6,5

C. 6,0.

D. 7,5

Xem đáp án

n $_{N 2} = 0, 0375 m o l = > n_{m u o i} = 0, 075 m o l = > n_{N a 2 C O 3} = 0, 0375 m o l = > n_{N a O H} = 0, 075 m o l$

Theo PTHH : $n_{H 2 O} - n_{C O 2} = ½ . n_{m u o i} = 0, 0375 m o l$

Mà $m b ì n h t ă n g$ = $m_{C O 2} + m_{H 2 O} = 13, 23$

$\{\begin{matrix} n_{H_{2} O} - n_{C O_{2}} = 0, 0375 \\ 18. n_{H_{2} O} + 44. n_{C O_{2}} = 13, 23 \end{matrix} \to \{\begin{matrix} n_{C O_{2}} = 0, 2025 m o l \\ n_{H_{2} O} = 0, 24 m o l \end{matrix}$

$\begin{array}{l} = > n_{H} = 0, 48 m o l \\ m_{m u o i Q} = m_{C} + m_{H} + m_{N a} + m_{O} + m_{N} \end{array}$

$= > m_{m u o i} = 12. (0, 2025 + 0, 0375) + 0, 48 + 0, 075. (23 + 14 + 16.2) = 8, 535 g a m$

Khi đốt cháy M ta thu được : $n_{H 2 O} = 0, 2275 m o l$

$M + N a O H \to Q + H_{2} O$

Bảo toàn nguyên tố H : $n H (t r o n g M) + n H (t r o n g N a O H) = n H (t r o n g m u ố i) + n H (t r o n g n ư ớ c)$

$= > n_{H_{2} O} = \frac{1}{2} . (0, 2275.2 + 0, 075 - 0, 24.2) = 0, 025 m o l$

Bảo toàn khối lượng : $m_{M} + m_{N a O H} = m_{Q} + m_{H 2 O}$

$= > m_{M} = 8, 535 + 0, 025.18 - 0, 075.40 = 5, 985 g a m$

Đáp án cần chọn là: C

Câu 5:

Peptit X và peptit Y có tổng số liên kết peptit bằng 8. Thủy phân hoàn toàn X cũng như Y đều thu được Gly và Val. Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp E chứa X và Y có tỉ lệ số mol tương ứng là 1 : 3 cần dùng 22,176 lít khí $O_{2}$ (đktc). Sản phẩm cháy gồm $C O_{2}, H_{2} O v à N_{2}$ . Dẫn toàn bộ sản phẩm cháy qua bình đựng dung dịch Ca(OH)₂ dư thấy khối lượng bình tăng 46,48 gam. Khí thoát ra có thể tích 2,464 lít (đktc). Thủy phân hoàn toàn hỗn hợp E thu được a mol Gly và b mol Val. Tỉ lệ a : b là

A. 1:2

B. 1:1

C. 2:1

D. 2:3

Xem đáp án

Quy đổi E thành:

$C_{2} H_{3} O N : 0, 22 m o l$ (Tính từ $n_{N 2} = 0, 11)$

$\begin{array}{l} C H_{2} : a m o l \\ H_{2} O : b m o l \end{array}$

$\begin{array}{l} C_{2} H_{3} O N + 2, 25 O_{2} \to 2 C O_{2} + 1, 5 H_{2} O + 0, 5 N_{2} \\ C H_{2} + 1, 5 O_{2} \to C O_{2} + H_{2} O \\ = > n_{O 2} = 2, 25 . 0, 22 + 1, 5 a = 0, 99 \end{array}$

=> a = 0,33

$\begin{array}{l} n_{C O 2} = a + 0, 44 \\ n_{H 2 O} = a + b + 0, 33 \end{array}$

=> 44(a + 0,44) + 18(a + b + 0,33) = 46,48

=> b = 0,04

Đặt x, 3x là số mol X, Y

=> x + 3x = b = 0,04 => x = 0,01

Đặt m, n là số gốc amino axit trong X và Y

=> Số -CONH- = m + n- 2 = 8

1 mắt xích X và Y chứa 1 N => bảo toàn N ta có: $n_{N (t r o n g X + Y)} = 2. n_{N 2 s i n h r a}$

=> 0,01m + 0,03n = 0,22

=> m = 4 và n = 6

Đặt u, v là số mol của Gly và Val

$\begin{array}{l} = > n_{N} = u + v = 0, 22 \\ v à n_{C} = 2 u + 5 v = a + 0, 44 = 0, 77 \end{array}$

=> u = v = 0,22

=> Thủy phân hoàn toàn hỗn hợp E thu được $n_{G l y} : n_{A l a} = 1 : 1$

Đáp án cần chọn là: B

Câu 6:

X, Y, Z $(M_{X} < M_{Y} < M_{Z})$ là 3 peptit mạch hở, được tạo thành từ các α-amino axit như Gly, Ala, Val trong đó 3 ( $M_{X} + M_{Z}) = 7 M_{Y} .$ Hỗn hợp T chứa X, Y, Z với tỉ lệ số mol 6 : 2 : 1. Đốt cháy hoàn toàn 56,56 gam T trong $O_{2}$ vừa đủ thu được $n_{C O_{2}} : n_{H_{2} O}$ = 48 : 47. Mặt khác đun nóng hoàn toàn 56,56 gam T trong 400 ml dung dịch KOH 2M vừa đủ thu được 3 muối. Thủy phân hoàn toàn Z trong dung dịch NaOH, kết thúc phản ứng thu được a gam muối A và b gam muối B $(M_{A} < M_{B})$ . Tỉ lệ a : b là

A. 0,874

B. 0,799

C. 0,698

D. 0,843

Xem đáp án

Quy đổi hỗn hợp thành:

$\begin{array}{l} C_{2} H_{3} O N : 0, 8 m o l \\ C H_{2} : a m o l \\ H_{2} O : b m o l \\ = > m_{T} = 0, 8.57 + 14 a + 18 b = 56, 56 \\ n_{C O 2} = 0, 8.2 + a = a + 1, 6 \\ n_{H 2 O} = 0, 8.1, 5 + a + b = a + b + 1, 2 \end{array}$

$\Rightarrow \frac{a + 1, 6}{a + b + 1, 2} = \frac{48}{47}$

=> a = 0,32 và b = 0,36

Bảo toàn khối lượng => $m_{m u o i} = m_{T} + m_{K O H} - m_{H 2 O} = 94, 88$

=> $M m u ố i = 118, 6$ => trong muối chứa Gly-K (vì Gly-K có M = 113 nhỏ nhất)

Số N trung bình = 0,8 / b = 2,22 => X là đipeptit

$n_{H} = 0, 36 = > n_{X} = 0, 24; n_{Y} = 0, 08; n_{Z} = 0, 04$

Nếu đặt u, v là số mắt xích trong Y và Z thì:

$n_{K O H} = 0, 24.2 + 0, 08 u + 0, 04 v = 0, 8$

=> 2u + v = 8 => có 2 cặp nghiệm phù hợp là: u = 2; v = 4 hoặc u = 3; v = 2

Do các amino axit có $\bar{C} = \frac{a + 0, 8.2}{0, 8} = 2, 4$ nên $n_{G l y} > 0, 48$ mol (Gly nhỏ nhất khi hỗn hợp chỉ có Gly và Ala)

=> Dựa vào số mắt xích và số mol của X, Y, Z thì X phải là Gly-Gly thì mới chứa hết lượng Gly lớn như trên

$\begin{array}{l} = > M_{X} = 132 \\ {\bar{M}}_{T} = \frac{6. M_{X} + 2. M_{Y} + M_{Z}}{9} = \frac{56, 56}{0, 36} = > 6 M _{X} + 2 M_{Y} + M_{Z} = 1414 \end{array}$

Mà $3 M_{X} - 7 M_{Y} + 3 M_{Z} = 0$

$= > M_{Y} = 174; M_{Z} = 274$

=> Y là Gly-Val (nghiệm duy nhất)

Vậy u = 2 và v = 4

$= > Z l à {(G l y)}_{2} {(A l a)}_{2}$

=> Thủy phân Z thu được $n_{G l y - N a} = n_{A l a - N a}$

$= > m_{ G l y - N a} : m_{A l a - N a} = 0, 874$

Đáp án cần chọn là: A

Câu 7:

Hỗn hợp E gồm peptit X mạch hở (cấu tạo từ Gly, Ala) và este Y (được tạo ra từ phản ứng este hóa giữa axit cacboxylic no, đơn chức và metanol). Đốt cháy hoàn toàn m gam E cần 15,68 lít _{$O_{2}$} (đktc). Mặc khác, thủy phân m gam E trong dung dịch NaOH vừa đủ thu được 24,2 gam hỗn hợp muối (trong đó số mol muối natri của Gly lớn hơn số mol muối natri của Ala). Đốt cháy hoàn toàn khối lượng muối trên cần 20 gam $O_{2}$ thu được $H_{2} O, N a_{2} C O_{3}, N_{2}$ và 18,7 gam $C O_{2}$ . Tỉ lệ số mol Gly:Ala trong X là

A. 4:3

B. 2:1

C. 3:1

D. 3:2

Xem đáp án

$n O 2 đ ố t c h á y E = 0, 7 m o l n O 2 đ ố t c h á y m u ố i = 0, 625 m o l$

$n_{O 2}$ chênh lệch chính là phần dùng để đốt cháy $C H_{3} O H$ do phản ứng thủy phân sinh ra

$C H_{3} O H + 1, 5 O_{2} \to C O_{2} + 2 H_{2} O$

0,05 0,075

Đặt công thức chung của muối amino axit là $C_{n} H_{2 n} O_{2} N N a$

Và muối của axit là $C_{m} H_{2 m - 1} O_{2} N a$

$\begin{array}{l} 2 C_{n} H_{2 n} O_{2} N N a + (3 n - 1, 5) O_{2} \to (2 n - 1) C O_{2} + 2 n H_{2} O + N a_{2} C O_{3} + N_{2} \\ 2 C_{m} H_{2 m - 1} O_{2} N N a + (3 m - 2) O_{2} \to (2 m - 1) C O_{2} + (2 m - 1) H_{2} O + N a_{2} C O_{3} \end{array}$

Theo PTHH : $n_{O 2} = a . (3 n - 1, 5) : 2 + b . (3 m - 1) : 2 = 0, 625 m o l$

=> 3 (na+ mb) – 1,5 a – 2b = 1,25

$n_{C O 2} = a . (2 n - 1) : 2 + b . (2 m - 1) : 2 = 0, 425$

=> 2 (na + mb) – a – b = 0,85

$m m u ố i = a (14 n + 69) + b (14 m + 54) = 24, 2$

=> 14 (na + mb) + 69 a + 54 b = 24,2

$\{\begin{matrix} 3 (n a + m b) - 1, 5 a - 2 b = 1, 252 \\ (n a + m b) - a - b = 0, 8514 \\ (n a + m b) + 69 a + 54 b = 24, 2 \end{matrix}$

=> na + mb = 0,55 và a = 0,2 b = 0,05

na + m b = 0,55 => n . 0,2 + m . 0,05 = 0,55 => 4 n + m = 11

Vì 3 >n > 2 ( n là giá trị trung bình của 2 muối gly và ala )

$1 \leq m = > m = 1 n = 2, 5 = > n_{G l y} : n_{A l a} = 1 : 1$ (2,5 nằm giữa 2 và 3)

hoặc $m = 2 t h ì n = 2, 25 = > n_{G l y} : n_{A l a} = (3 - 2, 25) : (2, 25 - 2) = 3 : 1$ (dùng phương pháp đường chéo )

Đáp án cần chọn là: C

Câu 8:

Hỗn hợp T gồm hai peptit mạch hở X, Y (biết Y hơn X một liên kết peptit; cả X, Y đều được tạo ra từ hai amino axit A, B có dạng $H_{2} N - C_{n} H_{2 n} - C O O H, M_{A} < M_{B}) .$ Cho 0,1 mol hỗn hợp T tác dụng với lượng dung dịch NaOH vừa đủ thu được 0,42 mol muối của amino axit A và 0,14 mol muối amino axit B. Mặt khác để đốt cháy hoàn toàn 13,2 gam T cần 14,112 lít khí oxi đo ở đktc. Phân tử khối của X có giá trị là

A. 345

B. 444

C. 387

D. 416

Xem đáp án

Số N trung bình = (0,42 + 0,14) / 0,1 = 5,6

=> X có 5N và Y có 6N

Quy đổi 13,2 gam T thành:

$\begin{array}{l} C_{2} H_{3} O N : 5, 6 a m o l \\ C H_{2} : b m o l \\ H_{2} O : a m o l \end{array}$

BTKL => $m_{T} = 57. 5, 6 a + 14 b + 18 a = 13, 2 (1)$

BTNT O : $n_{O 2} = 2, 25. 5, 6 a + 1, 5 b = 0, 63 (2)$

Từ (1) và (2) => a= 1/30 và b = 0,14

Hai muối A : B có tỉ lệ mol là 0,42: 0,14 = 3: 1 và tổng mol là 5,6a = 14/75

=> Mol muối A = 0,14 và mol muối B = 7/150

=> m muối = 0,14A + 7B/150 = 5,6a. 57 + 40.5,6a

=> 3A + B = 430

=> A = 97 (GlyNa) và B = 139 (ValNa) là nghiệm duy nhất

Do chưa biết N5 hay N6 có phân tử khối nhỏ hơn nên gọi peptit 5N là $X_{1} v à X_{2}$

$\begin{array}{l} X_{1} l à {(V a l)}_{U} {(G l y)}_{5 - U} \\ X_{2} l à {(V a l)}_{V} {(G l y)}_{6 - V} \end{array}$

=> n_Val = u/75 + 0,02v = 7/150

=> 2u + 3v = 7

=> u = 2 và v = 1 là nghiệm duy nhất

Vậy $X_{1} l à {(V a l)}_{2} {(G l y)}_{3}$ có PTK = 387

$X_{2} l à (V a l) {(G l y)}_{5}$ có PTK = 402

Vậy phân tử khối của X = 387

Đáp án cần chọn là: C

Câu 9:

X là amino axit có công thức $H_{2} N C_{n} H_{2 n} C O O H .$ Y là axit cacboxylic no đơn chức, mạch hở. Cho hỗn hợp E gồm peptit Ala-X-X và Y tác dụng vừa đủ với 450 ml dung dịch NaOH 1M thu được m gam muối Z. Đốt cháy hoàn toàn Z cần 25,2 lít khí $O_{2}$ (đktc) thu được $N_{2}, N a_{2} C O_{3}$ và 50,75 gam hỗn hợp gồm $C O_{2} v à H_{2} O$ . Khối lượng của muối có phân tử khối nhỏ nhất trong Z là

A. 29,10 gam

B. 14,55 gam

C. 26,10 gam

D. 12,30 gam

Xem đáp án

Muối Z gồm:

$\begin{array}{l} C_{3} H_{6} N O_{2} N a : a m o l \\ C_{n} H_{2 n} N O_{2} N a : 2 a m o l \\ C_{m} H_{2 m - 1} O_{2} N a : b m o l \\ n_{N a O H} = 3 a + b = 0, 45 (1) \\ \to n_{N a 2 C O 3} = 0, 225 v à n_{O (Z)} = 0, 9 \end{array}$

Đặt x, y là số mol $C O_{2}, H_{2} O$ thu được khi đốt Z.

44x + 18y = 50,75

BTNT O → 2x + y + 0,225.3 = 0,9 + 1,125.2

=> x = 0,775; y = 0,925

$\begin{array}{l} n_{C O 2} = 3 a + 2 n a + m b - 0, 225 = 0, 775 (2) \\ n_{H 2 O} = 3 a + 2 n a + m b - b / 2 = 0, 925 (3) \end{array}$

(2) - (3) → b = 0,15

(1) → a = 0,1

Thế a, b vào (2) → 4n + 3m = 14

Do n ≥ 2; m ≥ 1 nên n = m = 2 là nghiệm

Vậy X là Gly và Y là $C H_{3} C O O H$

Muối nhỏ nhất là $C H_{3} C O O N a$

$m_{C H 3 C O O N a} = 0, 15.82 = 12, 3$

Đáp án cần chọn là: D

Câu 10:

Thủy phân m gam hỗn hợp X gồm 1 tetrapeptit A và 1 pentapeptit B (A và B đều mạch hở chứa đồng thời Glyxin và Alanin trong phân tử) bằng một lượng dung dịch NaOH vừa đủ. Cô cạn dung dịch sản phẩm cho (m+ 15,8) gam hỗn hợp muối. Đốt cháy toàn bộ lượng muối sinh ra bằng một lượng oxi vừa đủ, thu được $N a 2 C O 3$ và hỗn hợp hơi Y gồm $C O_{2}, H_{2} O v à N_{2} .$ Dẫn Y đi qua bình đựng dung dịch NaOH đặc dư, thấy khối lượng bình tăng thêm 56,04 gam so với ban đầu và có 4,928 lít khí duy nhất (đktc) thoát ra khỏi bình. Xem như $N_{2}$ không bị nước hấp thụ, các phản ứng xảy ra hoàn toàn. Thành phần phần trăm khối lượng của B trong hỗn hợp X là:

A. 35,37%

B. 58,92%

C. 46,94%

D. 50,92%

Xem đáp án

- Quy đổi hỗn hợp X thành phần $C_{2} H_{3} O N (a m o l), - C H_{2} (b m o l) v à H_{2} O (c m o l) .$

- Khi cho X tác dụng với dung dịch NaOH thì được hỗn hợp quy đổi gồm $C_{2} H_{4} O N N a (a m o l) v à C H_{2} (b m o l) .$

Xét quá trình đốt cháy hỗn hợp muối ta có hệ sau:

$\begin{array}{l} \to \{\begin{matrix} 97 n_{N H_{2} C H_{2} C O O N a} + 14 n_{C H_{2}} - (57 n_{C_{2} H_{3} O N} + 14 n_{C H_{2}} + 18 n_{H_{2} O}) = Δ m \\ 44 n_{C O_{2}} + 18 n_{H_{2} O} = m_{bình Z} \\ \overset{BT : N}{\to} n_{C_{2} H_{3} O N} = 2 n_{N_{2}} \end{matrix} \to \{\begin{matrix} 40 a - 18 c = 15, 8 \\ 102 a + 62 b = 56, 04 \\ a = 0, 44 \end{matrix} \\ \Rightarrow \{\begin{matrix} a = 0, 44 \\ b = 0, 18 \\ c = 0, 1 \end{matrix} \end{array}$

- Xét hỗn hợp X ta có:

$\{\begin{matrix} n_{A} + n_{B} = n_{H_{2} O} \\ 4 n_{A} + 5 n_{B} = 2 n_{N_{2}} \end{matrix} \to \{\begin{matrix} n_{A} + n_{B} = 0, 14 \\ 4 n_{A} + 5 n_{B} = 0, 44 \end{matrix} \Rightarrow \{\begin{matrix} n_{A} = 0, 06 m o l \\ n_{B} = 0, 04 m o l \end{matrix}$

- Gọi peptit A và B lần lượt là ${(G l y)}_{x} {(A l a)}_{4 - x} v à {(G l y)}_{y} {(A l a)}_{5 - y} (v O i x < 4 v à y < 5) .$

$\overset{B T : G l y}{\to} n_{A} . x + n_{B} . y = n_{G l y} \to \Rightarrow x = 3; y = 2$ (thỏa mãn)

$\Rightarrow % m_{B} = \frac{0, 04. M_{G l y_{2} A l a_{3}}}{m_{x}} = \frac{0, 04.345}{57.0, 44 + 14.0, 18 + 18.0, 1} .100 % = 46, 94 %$

Đáp án cần chọn là: C

Câu 11:

Hỗn hợp M chứa các chất hữu cơ mạch hở gồm tripeptit X, pentapeptit Y; Z $(C_{4} H_{11} O_{2} N) v à T (C_{8} H_{17} O_{4} N$ ). Đun nóng 67,74 gam hỗn hợp M với dung dịch KOH vừa đủ, thu được 0,1 mol metylamin; 0,15 mol ancol etylic và dung dịch E. Cô cạn dung dịch E thu được hỗn hợ rắn Q gồm bốn muối khan của glyxin, alanin, valin và axit propionic (tỉ lệ mol giữa hai muối của analin và valin lần lượt là 10:3). Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn Q cần dùng vừa đủ 2,9 mol $O_{2}$ , thu được $C O_{2}, H_{2} O, N_{2}$ và 0,385 mol $K_{2} C O_{3}$ . Phần trăm khối lượng của Y trong M có giá trị gần nhât với giá trị nào sau đây?

A. 28,55

B. 28,54

C. 28,53

D. 28,52.

Xem đáp án

Do sau phản ứng thu được $C H_{3} N H_{2} v à C_{2} H_{5} O H v à C_{2} H_{5} C O O K$ nên suy ra:

$\begin{array}{l} Z : C_{2} H_{5} C O O N H_{3} C H_{3} \\ T : C_{2} H_{5} C O O H_{3} N - C H (C H_{3}) - C O O C_{2} H_{5} \end{array}$

$\begin{array}{l} n_{Z} = n_{C H 3 N H 2} = 0, 1 m o l; n_{T} = n_{C 2 H 5 O H} = 0, 15 m o l \\ = > n_{C 2 H 5 C O O K} = n_{Z} + n_{T} = 0, 25 m o l \\ n_{K O H} = 2 n_{K 2 C O 3} = 2.0, 385 = 0, 77 m o l \end{array}$

Sơ đồ bài toán:

$\begin{array}{l} 67, 74 (g) M \{\begin{matrix} X (3) \\ Y (5) \\ Z : C_{2} H_{5} C O O {NH}_{3} {CH}_{3} (0, 1 m o l) \\ T : C_{2} H_{5} C O O H_{3} N C H ({CH}_{3}) C O O C_{2} H_{5} (0, 15 m o l) \end{matrix} \\ \overset{+ K O H : 0, 77}{\to} |\begin{matrix} d d E \{\begin{matrix} G l y - K \\ A l a - K \\ V a l - K \\ C_{2} H_{5} C O O K : 0, 25 \end{matrix} \overset{+ O_{2}; 2, 9}{\to} \{\begin{matrix} {CO}_{2} \\ H_{2} O \\ N_{2} \\ K_{2} {CO}_{3} : 0, 385 \end{matrix} \\ \{\begin{matrix} {CH}_{3} {NH}_{2} : 0, 1 \\ C_{2} H_{5} O H : 0, 15 \end{matrix} \end{matrix} \end{array}$

Xác định số mol $O_{2}$ để đốt muối do X, Y tạo ra:

$\begin{array}{l} n_{A l a - K (d o T)} = n_{T} = 0, 15 m o l \\ n_{C 2 H 5 C O O K} = 0, 25 m o l \end{array}$

$C_{3} H_{6} O_{2} N K + 3, 75 O_{2} \to 0, 5 K_{2} C O_{3} + 2, 5 C O_{2} + 3 H_{2} O + 0, 5 N_{2}$

0,15 → 0,5625

$C_{3} H_{5} O_{2} K + 3, 5 O_{2} \to 0, 5 K_{2} C O_{3} + 2, 5 C O_{2} + 2, 5 H_{2} O + 0, 5 N_{2}$

0,25 → 0,875

$n O 2 (m u ố i d o X, Y) = n O 2 - n O 2 (đ ố t m u ố i d o T) - n O 2 (đ ố t C 2 H 5 C O O K) = 2, 9 - 0, 5625 - 0, 875 = 1, 4625 m o l$

*Do peptit được tạo bởi Gly, Ala, Val nên ta quy đổi hỗn hợp X, Y thành $C O N H, C H_{2} v à H_{2} O (n_{H 2 O} = n_{p e p t i t})$

$\begin{array}{l} m_{X, Y} = 67, 74 - 0, 1.105 + 0, 15.191 = 28, 59 g a m \\ n_{K O H (p u X, Y)} = 0, 77 - n_{Z} - 2 n_{T} = 0, 77 - 0, 1 - 0, 15.2 = 0, 37 m o l \end{array}$

Ta có sơ đồ sau:

$28, 59 (g) X, Y \{\begin{matrix} C O N H : 0, 37 \\ {CH}_{2} : x \\ H_{2} O \end{matrix} \overset{+ K O H : 0, 37}{\to} \{\begin{matrix} M u o i C O O K : 0, 37 \\ {NH}_{2} : 0, 37 \\ {CH}_{2} : x \end{matrix} \overset{+ O_{2} : 1, 4625}{\to} \{\begin{matrix} K_{2} {CO}_{3} : 0, 185 \\ {CO}_{2} : x + 0, 185 \\ H_{2} O : x + 0, 37 \end{matrix}$

BTNT "O": $2 n_{C O O K} + 2 n_{O 2 (đ o t m u u i d o X, Y)} = 3 n_{K 2 C O 3} + 2 n_{C O 2} + n_{H 2 O}$

=> 0,37.2 + 2.1,4625 = 3.0,185 + 2(x + 0,185) + x + 0,37 => x = 0,79

$m_{H 2 O (X, Y)} = m_{X, Y} - m_{C O N H} - m_{C H 2} = 28, 59 - 0, 37.43 - 0, 79.14 = 1, 62 g a m = > n_{H 2 O} = 0, 09 m o l$

*Đặt $n_{X} = a v à n_{Y} = b (m o l)$

$\begin{array}{l} n_{X, Y} = a + b = 0, 09 \\ n_{K O H} = 3 n_{X} + 5 n_{Y} = > 3 a + 5 b = 0, 37 \end{array}$

Giải hệ thu được a = 0,04 và b = 0,05

*Xét quá trình thủy phân M:

n_{H2O $= n_{X} + n_{Y} + n_{Z} + n_{T} = 0, 04 + 0, 05 + 0, 1 + 0, 15 = 0, 34 m o l$}

BTKL: $m_{M} + m_{K O H} = m_{m u o i} + m_{C H 3 N H 2} + m_{C 2 H 5 O H} + m_{H 2 O}$

$= > 67, 74 + 0, 77.56 = m_{m u o i} + 0, 1.31 + 0, 15.46 + 0, 34.18 = > m_{m u o i} = 94, 74 g a m$

Đặt $n_{G l y - K} = u; n_{A l a K} = 10 v v à n_{V a l - K} = 3 v (m o l)$

BTNT "K": $n_{K O H} = u + 10 v + 3 v = 0, 77$

$m m u ố i = 113 u + 127.10 v + 155.3 v + 0, 25.112 = 94, 74$

Giải hệ thu được u = 0,13 và y = 0,03

$\begin{array}{l} X : G l y_{n} A l a_{m} V a l_{3 - n - m} (0, 04 m o l) \\ Y : G l y_{n'} A l a_{m'} V a l_{5 - n' - m'} (0, 05 m o l) \end{array}$

Giả sử X, Y có công thức:

$\begin{array}{l} X : G l y_{n} A l a_{m} V a l_{3 - n - m} (0, 04 m o l) \\ Y : G l y_{n'} A l a_{m'} V a l_{5 - n' - m'} (0, 05 m o l) \end{array}$

$n_{G l y K} = 0, 04 n + 0, 05 n' = 0, 13$ chỉ có nghiệm n = 2 và n' = 1 thỏa mãn

$n_{A l a K} = 0, 04 m + 0, 05 m' = 0, 1$ 5 chỉ có nghiệm m = m = 0 và m' = 3 thỏa mãn

Vậy X là $G l y_{2} V a l (0, 04 m o l) v à G l y A l a_{3} V a l (0, 05 m o l)$

=> $% m_{Y} = 0, 05. (75 + 89.3 + 117 - 4.18) / 67, 74.100 % = 28, 565 %$ gần nhất với 28,55%

Đáp án cần chọn là: A

Câu 12:

Hỗn hợp E gồm 0,15 mol chất hữu cơ mạch hở X $(C_{6} H_{13} O_{4} N)$ và 0,2 mol este 2 chức Y $(C_{4} H_{6} O_{4}$ ) tác dụng hết với dung dịch NaOH vừa đủ, đun nóng. Kết thúc phản ứng, cô cạn dung dịch, thu được hỗn hợp Z gồm 2 ancol đơn chức kết tiếp nhau trong dãy đồng đẳng và a gam hỗn hợp 3 muối khan (đều cùng có số cacbon trong phân tử, trong đó có 2 muối cacboxylic). Giá trị của a là:

A. 64,18

B. 46,29

C. 55,73

D. 53,65

Xem đáp án

X, Y + NaOH → Z (2 ancol đơn chức) + 3 muối khan (2 muối cacboxylic)

=> Este 2 chức Y phải là ${(C O O C H_{3})}_{2} = > 2 a n c o l l à C H_{3} O H v à C_{2} H_{5} O H$

=> Y là $C H_{3} C O O N H_{3} C H_{2} C O O C_{2} H_{5}$ thỏa mãn

3 muối là: 0,2 mol ${(C O O N a)}_{2}; 0, 15 m o l C H_{3} C O O N a v à 0, 15 m o l N H_{2} C H_{2} C O O N a$

=> a = 0,2.134 + 0,15.82 + 0,15.97 = 53,65g

Đáp án cần chọn là: D

Câu 13:

Peptit E mạch hở bị thủy phân theo phương trình phản ứng: $E + 5 N a O H \to X + 2 Y + Z + 2 H_{2} O$ (trong đó X, Y, Z là các muối của các amino axit). Thủy phân hoàn toàn 6,64 gam E thu được m gam X. Đốt cháy hoàn toàn m gam X cần vừa đủ 2,352 lít khí $O_{2}$ (đktc), thu được 2,12 gam $N a_{2} C O_{3}; 3, 52 g a m C O_{2}; 1, 26 g a m H_{2} O$ và 224 ml khí N₂ (đktc). Biết X có công thức phân tử trùng với công thức đơn giản nhất. Tên gọi amino axit ứng với muối Y là

A. Glutamic.

B. Valin.

C. Alanin.

D. Glyxin.

Xem đáp án

$n_{O 2} = 0, 105 m o l; n_{N a 2 C O 3} = 0, 02 m o l; n_{C O 2} = 0, 08 m o l; n_{H 2 O} = 0, 07 m o l; n_{N 2} = 0, 01 m o l$

*Xét phản ứng đốt X:

$_{m X} = m_{N a 2 C O 3} + m_{C O 2} + m_{H 2 O} + m_{N 2} - m_{O 2} = 2, 12 + 3, 52 + 1, 26 + 0, 01.28 - 0, 105.32 = 3, 82 g a m$

3,82 gam X chứa:

$\begin{array}{l} n_{C} = n_{C O 2} + n_{N a 2 C O 3} = 0, 08 + 0, 02 = 0, 1 m o l \\ n_{H} = 2 n_{H 2 O} = 0, 14 m o l \\ n_{N a} = 2 n_{N a 2 C O 3} = 0, 04 m o l \\ n_{N} = 2 n_{N 2} = 0, 02 m o l \end{array}$

$\begin{array}{l} = > m_{O} = m_{X} - m_{C} - m_{H} - m_{N a} - m_{N} = 3, 82 - 0, 1.12 - 0, 14 - 0, 04.23 - 0, 02.14 = 1, 28 g a m \\ = > n_{O} = 0, 08 m o l \end{array}$

=> C : H : O : N : Na = 0,1 : 0,14 : 0,08 : 0,02 : 0,04 = 5 : 7 : 4 : 1 : 2

Mà X có CTPT trùng với CTĐGN nên X có CTPT là $C_{5} H_{7} O_{4} N N a_{2}$

=> X là muối của axit glutamic

$\begin{array}{l} n_{X} = 3, 82 : 191 = 0, 02 m o l \\ E + 5 N a O H \to X + 2 Y + Z + 2 H_{2} O \end{array}$

0,02 ← 0,02

Dựa vào phản ứng suy ra E là tetrapeptit được tạo bởi 1 mắt xích Glu + 2 mắt xích Y' + 1 mắt xích Z'

(Y' là a.a của Y và Z' là a.a của Z, Y' và Z' có 1 nhóm $N H_{2}$ và 1 nhóm COOH)

$M_{E} = 6, 64 : 0, 02 = 332$

Ta thấy: $M_{E} = 147 + 2 Y' + Z' - 3.18 = 332 = > 2 Y' + Z' = 239$ có nghiệm duy nhất là Y' = 75 và Z' = 89

Vậy amino axit ứng với Y là Glyxin

Đáp án cần chọn là: D

CHỌN BỘ SÁCH BẠN MUỐN XEM

Tổng hợp bài tập peptit hay và khó (Phần 2) có đáp án

Tổng hợp bài tập peptit hay và khó (Phần 2) có đáp án

Danh sách câu hỏi