Đáp án C

Đáp án B

A sai. Mạch gỗ được cấu tạo từ tế bào chết.

C sai. Vì mạch gỗ vận chuyển nước, ion khoáng và một số hooc môn do rễ tổng hợp.

D sai. Vì mạch rây gồm các tế bào sống

Đáp án C

Đáp án C. Vì cơ thể có kiểu gen aaBb biểu hiện kiểu hình đột biến về tính trạng do gen aa quy định

Đáp án A

Gen có chiều dài 4080A0 → Tổng số nucleotit của gen = $\frac{4080\times 2}{3,4}$ = 2400.

- Số nucleotit loại G = H – N = 2950 – 2400 = 550.

- Số nucleotit loại A = 1,5N – H = 3600 – 2950 = 650

Đáp án B

Trong các dạng đột biến NST trên, đột biến đảo đoạn chỉ làm thay đổi cấu trúc NST, không làm thay đổi số lượng NST

Đáp án B

Đáp án B. Vì đột biến lặp đoạn làm tăng số lượng bản sao của gen trên 1 NST

Đáp án B

Đáp án C

Có 2 kiểu gen quy định kiểu hình hoa đỏ, đó là AA và Aa. → Đáp án C

Đáp án D

Đáp án D. Vì gen nằm ở tế bào chất (ở ti thể hoặc ở lục lạp) thì mới di truyền theo dòng mẹ

Đáp án D

Mức phản ứng do kiểu gen quy định. Do đó, khi thay đổi kiểu gen thì mới làm thay đổi mức phản ứng

Đáp án D

Có 3 kiểu gen đồng hợp là I^AI^A; I^BI^B; I⁰I⁰.

Tỉ lệ kiểu gen I^AI^A = 0,16

Tỉ lệ kiểu gen I^BI^B = 0,09

Tỉ lệ kiểu gen I⁰I⁰ = 0,09.

→ Tỉ lệ người có kiểu gen đồng hợp về tính trạng nhóm máu là

= 0,16 + 0,09 + 0,09 = 0,34

Đáp án D

Các phương pháp A, B, C đều thuộc công nghệ tế bào

Phương pháp D thuộc công nghệ gen. → Đáp án D

Đáp án B

Đáp án D

Đáp án D

Mật độ cá thể. Mật độ cá thể của quần thể là số lượng sinh vật sống trên một đơn vị diện tích hay thể tích của quần thể. Ví dụ: mật độ cây thông là 1.000 cây/ha diện tích đồi, mật độ sâu rau là 2 con/m² ruộng rau, mật độ cá mè giống thả trong ao là 2 con/m³ nước.

Quan sát số lượng cây cỏ mực ở trong một quần xã sinh vật, người ta đếm được 28 cây/m² → Ở đây đề cập đến số lượng cây trên một đơn vị diện tích → Số liệu trên đề cập đến mật độ quần thể

Đáp án D

Đáp án C

Các phát biểu I, II, IV đúng → Đáp án C

III Sai. Vì hô hấp sáng ở thực vật C3 không tạo ra ATP. Hô hấp sáng (quang hô hấp) là quá trình hô hấp xảy ra ngoài ánh sáng, trong điều kiện cây thiếu CO2 và thừa O2 trong lá. Hô hấp sáng không tạo ATP, tiêu tốn 50% sản phẩm quang hợp

Đáp án B

Có 2 phát biểu đúng, đó là I, II → Đáp án B.

III sai. Vì ở người chỉ có tiêu hóa ngoại bào

IV sai. Vì ngựa, thỏ là động vật ăn cỏ, nhưng chúng có dạ dày đơn chứ không phải dạ dày 4 ngăn

Đáp án D

A sai vì trong điều kiện không có tác nhân đột biến thì vẫn có thể phát sinh đột biến gen do sự kết cặp nhầm giữa các bazo nito dạng hiếm

B sai vì thể đột biến là cơ thể mang đột biến đã được biểu hiện ra kiểu hình

C sai vì đột biến xoma không được di truyền cho thế hệ sau qua sinh sản hữu tính

Đáp án A

Cơ thể AAAa giảm phân cho giao tử 1/2AA : 1/2Aa

Cơ thể aaaa giảm phân cho giao tử aa

P: AAAa × aaaa → F1: 1/2AAaa : 1/2Aaaa

Cho F1 lai phân tích ta có:

+ 1/2AAaa × aaaa → Fa: 1/2 . (1/6AAaa : 4/6Aaaa : 1/6aaaa)

+ 1/2Aaaa × aaaa → Fa: 1/2 . (1/2Aaaa : 1/2aaaa)

Tỉ lệ cây thân thấp sinh ra là: 1/2 . 1/6 + 1/2 . 1/2 = 4/12 = 1/3.

Tỉ lệ cây thân cao sinh ra là: 1 - 1/3 = 2/3

Vậy theo lí thuyết, Fa có tỉ lệ kiểu hình: 2 cây thân cao : 1 cây thân thấp

Đáp án C

Phép lai AaBbDd × AabbDD = (Aa × Aa)(Bb × bb)(Dd × DD)

Số loại kiểu gen = 3×2×2 = 12 kiểu gen

Số loại kiểu hình ở đời con = 2×2×1 = 4 kiểu hình. → Đáp án C

Đáp án A

Cả 4 phát biểu đúng. → Đáp án A.

I đúng. Vì đột biến có thể tạo ra alen mới; Di – nhập gen có thể mang đến alen mới cho quần thể.

II đúng. Vì giao phối không ngẫu nhiên làm giảm tỉ lệ kiểu gen dị hợp cho nên sẽ làm giảm số loại kiểu gen trong quần thể.

Khi số lượng kiểu gen bị giảm xuống thì độ đa dạng di truyền của quần thể sẽ giảm xuống.

III đúng. Vì lai xa và đa bội hóa tạo ra đời con song nhị bội nên có thể nhanh chóng dẫn tới hình thành loài mới.

IV đúng. Vì các yếu tố ngẫu nhiên có thể làm thay đổi đột ngột tần số alen. Khi tần số alen bị thay đổi đột ngột thì có thể sẽ làm thay đổi tần số kiểu hình một cách đột ngột.

Đáp án D

Ban đầu 200000 cá thể. Quần thể có tỉ lệ sinh 10%/năm, tỉ lệ tử vong 7% năm, , tỷ lệ xuất cư là 1%/năm, tỷ lệ nhập cư là 2%/năm → tỉ lệ gia tăng số lượng cá thể của quần thể sau 1 năm là: 10% - 7% + 2% - 1% = 4%

Sau 2 năm số cá thể trong quần thể: 20000 × (1,04)² = 21632. → Đáp án D

Đáp án D

Đáp án D. Vì khai thác các nguồn tài nguyên tái sinh và không tái sinh không đúng mức làm cạn kiệt nguồn tài nguyên → biến đổi môi trường, khí hậu

Đáp án B

Cả 4 đều đúng. → Đáp án B.

Vì X = 3U nên G_gốc = 3A_gốc. Ở mạch 1, G₁ = 3A₁. Như vậy, mạch mạch 1 là mạch gốc.

A₁/1 = T₁/2 = G₁/3 = X₁/4 = U/1 = 75.

→ X₁ = 75 × 4 = 300. → I đúng.

Tổng số nucleotit của gen = 10×2×75 = 1500. → II đúng.

X_ARN = G₁ = 3×75 = 225. → III đúng.

Tgốc = T₁ = 2×75 = 150. → IV đúng

Đáp án B

Cả 4 phát biểu đúng. → Đáp án B.

I đúng. Vì giao tử mang toàn alen lặn (aabb, ab) có số lượng = 1/36×360×1000 + 1/4×720×1000 = 170000.

II đúng. Vì giao tử đơn bội mang 1 alen trội (Ab, aB) có số lượng = 1/2×720×1000 = 36000.

III đúng. Vì giao tử lưỡng bội mang 3 alen trội (AABb, AaBB) có số lượng = 2/9×360×1000 = 80000.

IV đúng. Vì giao tử mang 2 alen trội (AAbb, aaBB, AaBb, AB), trong đó giao tử lưỡng bội chiếm tỉ lệ = $\frac{\frac{1}{2}\times 0,36}{\frac{1}{2}\times 0,36+\frac{1}{4}\times 0,64}$ = 9/17

Đáp án B

Cả 4 phát biểu đúng. → Đáp án B.

A-bb lai với aaB- (đây là phép lai phân tích của từng cặp tính trạng) thì đời con luôn có số loại kiểu gen bằng số loại kiểu hình; Các loại kiểu gen có tỉ lệ bằng nhau; Các loại kiểu hình luôn có tỉ lệ bằng nhau. → I đúng.

II đúng. Vì khi có 2 loại kiểu gen thì sẽ có 2 loại kiểu hình với tỉ lệ 1:1. Cho nên cây thân cao, hoa đỏ chiếm tỉ lệ 1/2×1200 = 600 cây.

III đúng. Khi F₁ có kiểu gen đồng hợp lặn thì chứng tỏ P dị hợp. P dị hợp thì sẽ có 4 loại kiểu gen, trong đó kiểu gen AaBb (Ab/aB) chiếm tỉ lệ 1/4. → Có 300 cây dị hợp 2 cặp gen.

IV đúng. Khi F₁ có 4 loại kiểu gen thì chứng tỏ P dị hợp. Khi đó kiểu hình thân cao, hoa đỏ (A-B-) có tỉ lệ = 1/4×1200 = 300 cây.

Đáp án D

Cả 4 phát biểu đúng. → Đáp án D.

F₁ có 10 kiểu gen. → P dị hợp 2 cặp gen và có hoán vị gen ở cả đực và cái.

I đúng. Vì $\frac{\underset{¯}{Ab}}{Ab}$ = $\frac{80}{2000}$ = 0,04. → $\frac{\underset{¯}{Ab}}{Ab}$ = 0,04 = 0,2Ab × 0,2Ab. → Tần số hoán vị 40% và F₁ có 59% cá thể A-B- = 1180 cây quả to, màu đỏ.

II đúng. Vì $\frac{\underset{¯}{AB}}{AB}$ +$\frac{\underset{¯}{ab}}{ab}$  = $\frac{160}{2000}$ = 0,08. → $\frac{\underset{¯}{ab}}{ab}$ = 0,04 = 0,2ab × 0,2ab. → Tần số hoán vị 40% và F₁ có số cây mang 3 alen trội = 4×0,2×0,3 = 0,24. → Số lượng cây mang 3 alen trội = 0,24×2000 = 480 cây.

III đúng. Vì $\frac{\underset{¯}{aB}}{aB}$ = $\frac{320}{2000}$ = 0,16. →$\frac{\underset{¯}{Ab}}{Ab}$  = 0,16 = 0,4Ab × 0,4Ab. → Tần số hoán vị 20% và F₁ có số cây mang 2 alen trội = 2×0,01 + 4×0,16 = 0,66. → Số lượng cây mang 2 alen trội = 0,66 ×2000 = 1320 cây.

IV đúng. Vì $\frac{\underset{¯}{AB}}{AB}$ = $\frac{320}{2000}$ = 0,16. → $\frac{\underset{¯}{AB}}{AB}$ = 0,16 = 0,4AB × 0,4AB. → Tần số hoán vị 20% và F₁ có số cây mang 2 alen trội 2×0,16 + 4×0,01 = 0,36. → Số lượng cây mang 2 alen trội = 0,36×2000 = 720 cây

Đáp án D

Cả 4 phát biểu đúng. → Đáp án D.

Chúng ta phải chuyển số lượng cá thể về tỉ lệ kiểu gen

- Chúng ta thấy rằng, chỉ có trường hợp chuyển từ F₁ sang F₂ thì mới làm mất cân bằng di truyền (do tác động của các yếu tố ngẫu nhiên); Còn các thế hệ F₁, F₃ và F₄ thì quần thể đều cân bằng di truyền. → Đây là quần thể giao phối ngẫu nhiên. → I đúng.

- F₁ có tần số A = 0,8; Sang F₂ có tần số = 0,5. → Tần số alen bị thay đổi đột ngột. → Có thể đang chịu tác động của các yếu tố ngẫu nhiên. → II đúng.

Ở F₃, tần số A = 0,5. Sang F₄ có tần số A = 2/9. Điều này chứng tỏ tần số A tăng và tần số a giảm. Mặt khác, tỉ lệ kiểu gen ở F₄ vẫn đạt cân bằng di truyền, điều này chứng tỏ chọn lọc chỉ tác động vào khả năng sinh sản chứ không tác động vào sức sống của các kiểu gen. → Có thể đã xảy ra hiện tượng cá thể aa ở F₃ không có khả năng sinh sản. → III đúng.

Nếu aa vẫn không có khả năng sinh sản thì tỉ lệ kiểu gen ở các cá thể sinh sản ở F₄ là 4/9AA : 4/9Aa = 1/2AA : 1/2Aa. → Tần số a = 1/4. → F₅ có aa = 1/16. → F₅ có kiểu hình lặn (aa) chiếm tỉ lệ 6,25%.

Đáp án A

Có 2 phát biểu đúng, đó là II, IV → Đáp án A

I sai. Vì giới hạn sinh thái của các loài thực vật bậc cao thường khác nhau, có những loài chịu được ánh sáng mạnh, có loài chịu được ánh sáng yếu, có loài sống trong bóng râm…

III sai. Nếu có 5 loài chim cùng ăn hạt của một loài cây thì ổ sinh thái của 5 loài chim này thường khác nhau hoặc trùng nhau một phần chứ không trùng nhau hoàn toàn để đảm bảo 5 loài này có thể cùng tồn tại.

Đáp án D

Cả 4 phát biểu đều đúng → Đáp án D

Diễn thế thứ sinh là diễn thế xuất hiện ở môi trường đã có một quần xã sinh vật sống. (Diễn thế thứ sinh mang đầy đủ các đặc điểm của diễn thế sinh thái nói chung: là quá trình biến đổi tuần tự của quần xã qua các giai đoạn tương ứng với sự biến đổi của môi trường).

Đáp án B

Phát biểu I, III, IV đúng. → Đáp án B.

II sai. Vì mặc dù nước là nguồn tài nguyên tái sinh nhưng nguồn nước đang bị cạn kiệt do ô nhiễm môi trường

Đáp án C

Có 3 phát biểu đúng, đó là I, III và IV. → Đáp án C.

I đúng. Vì đột biến điểm không làm thay đổi tổng liên kết hidro thì chứng tỏ đây là đột biến thay thế cặp A-T bằng cặp T-A hoặc thay thế cặp G-X bằng cặp X-G. Vì vậy, đột biến này không làm thay đổi chiều dài của gen.

II sai. Vì đây là sinh vật nhân thực, gen tồn tại thành cặp alen cho nên nếu a là đột biến lặn thì kiểu gen Aa thì vẫn chưa biểu hiện thành thể đột biến.

III đúng. Vì nếu đột biến làm cho bộ ba kết thúc trở thành bộ ba mã hóa axit amin thì sẽ làm cho chuỗi axit amin được kéo dài.

IV đúng. Vì gen quy định mARN. Cho nên chiều dài của gen không thay đổi thì chiều dài của mARN cũng không thay đổi

Đáp án D

Có 4 phát biểu đúng. → Đáp án D.

AABB × aabb thì F₁ có kiểu gen AaBb. Tứ bội hóa thì sẽ có 90% AaBb và 10% AAaaBBbb.

Khi tự thụ phấn, sẽ có 3 phép lai là:

10%AAaaBBbb × 10%AAaaBBbb.

90%AaBb × 90%AaBb.

2×10%AAaaBBbb × 90%AaBb.

I đúng. Vì tỉ lệ hợp tử mang toàn alen trội (AAAABBBB + AABB + AAABBB) = 0,01 × 1/36 × 1/36 + 0,81 × 1/4 × 1/4 + 0,18 × 1/12 × 1/12 = 1681/32400.

II đúng. Vì tỉ lệ hợp tử mang 1 alen trội (Aaaabbbb + aaaaBbbb + Aabb + aaBb + Aaabbb + aaaBbb) = 0,01 × 2/9 × 1/36 × 2 + 0,81 × 1/2 × 1/4 × 2 + 0,18 × 5/12 × 1/12 × 2 = 697/3240.

III đúng. Vì tỉ lệ hợp tử mang 2 alen trội (AAaabbbb + aaaaBBbb + AaaaBbbb + AAbb + aaBB + AaBb + AAabbb + aaaBBb + AaaBbb) = 0,01 × (1/2 × 1/36 × 2 + 2/9×2/9) + 0,81 × (1/16 × 2 + 4/16) + 0,18 × (5/12 × 1/12 × 2 + 5/12 ×5/12) = 2821/8100.

IV đúng. Vì tỉ lệ hợp tử mang 3 alen trội (AAAabbbb + aaaaBBBb + AAaaBbbb + AaaaBBbb + AABb + AaBB + AAAbbb + aaaBBB + AAaBbb + AaaBBb) = 0,01 × (2/9 × 1/36 × 2 + 1/2 × 2/9 × 2) + 0,81 × (1/8 × 2) + 0,18 × (1/12 × 1/12 × 2 + 5/12 × 5/12 × 2) = 8743/32400 = 27%.

Đáp án C

Có 3 phát biểu đúng, đó là I, II và IV. → Đáp án C.

Vì bb không chịu phèn nên aa bị chết ở giai đoạn nảy mầm. Do đó, cần chú ý đến cây aa.

P có kiểu gen AaBb, nên hợp tử F₁ có tỉ lệ kiểu gen (1AA : 2Aa:1aa)(1BB : 2Bb : 1bb). Vì bb bị chết nên tỉ lệ kiểu gen ở các cây F₁ là (1AA : 2Aa : 1aa)(1BB : 2Bb). Các cây F₁ giao phấn ngẫu nhiên thì F₂ có tỉ lệ kiểu gen là (1AA : 2Aa : 1aa)(4/9BB : 4/9Bb : 1/9bb). Vì bb bị chết nên tỉ lệ kiểu gen ở các cây F₂ là (1AA : 2Aa : 1aa)(1BB : 1Bb). Các cây F₂ giao phấn ngẫu nhiên thì F₃ có tỉ lệ kiểu gen là (1AA : 2Aa : 1aa)(9/16BB : 6/16Bb : 1/16bb). Vì bb bị chết nên tỉ lệ kiểu gen ở các cây F₃ là (1AA : 2Aa : 1aa)(3/5BB : 2/5Bb).

I đúng. Vì F₃ có tỉ lệ kiểu gen về gen A là 1AA : 2Aa :1aa cho nên số cây thân cao nhiều gấp 3 lần số cây thân thấp.

II đúng. Vì số cây thân cao F₃ gồm có (1AA : 2Aa)(3/5BB : 2/5Bb) cho nên trong tổng số cây thân cao ở F₃, có số cây đồng hợp tử 2 cặp gen chiếm tỉ lệ = 1/3×3/5 = 1/5.

III sai. Lấy ngẫu nhiên 1 cây cao F₃ thì xác suất thu được cây thuần chủng = 1/3×3/5 = 1/5.

IV đúng. Lấy ngẫu nhiên 1 cây thân cao F₃ thì xác suất thu được cây dị hợp 2 cặp gen = 2/3×2/5 = 4/15

Đáp án D

Cả 4 phát biểu đúng. → Đáp án D.

I đúng. Cơ thể $\frac{\underset{¯}{AB}}{ab}{X}^D{X}^d$ có hoán vị gen cho nên sẽ sinh ra 8 loại giao tử; Cơ thể $\frac{\underset{¯}{Ab}}{aB}{X}^{D}Y$ sẽ sinh ra 8 loại giao tử.

→ Số kiểu$\frac{0,145}{0,5}$ tổ hợp giao tử = 8 × 8 = 64 loại.

II đúng. Đời F1 có bao nhiêu kiểu gen, bao nhiêu kiểu hình?

- Số loại kiểu gen: $\frac{\underset{¯}{AB}}{ab}{X}^D{X}^d$ × $\frac{\underset{¯}{Ab}}{aB}{X}^{D}Y$ = ($\frac{\underset{¯}{AB}}{ab}$ ×$\frac{\underset{¯}{Ab}}{aB}$ )( $X^D{X}^d$ × $X^{D}Y$) = 10 × 4 = 40 loại kiểu gen.

- Số loại kiểu hình:

 $\frac{\underset{¯}{AB}}{ab}{X}^D{X}^d$×$\frac{\underset{¯}{Ab}}{aB}{X}^{D}Y$  = ( $\frac{\underset{¯}{AB}}{ab}$ × $\frac{\underset{¯}{Ab}}{aB}$)( $X^D{X}^d$× $X^{D}Y$) = 4 × 3 = 12 kiểu hình.

III đúng. Lấy ngẫu nhiên 1 cá thể đực ở F1, xác suất thu được cá thể mang 2 alen trội là =  = 29%.

Cá thể đực mang 2 alen trội gồm có các kiểu gen $\frac{\underset{¯}{AB}}{ab}{X}^{d}Y$, $\frac{\underset{¯}{Ab}}{aB}{X}^{d}Y$, $\frac{\underset{¯}{Ab}}{Ab}{X}^{d}Y$, $\frac{\underset{¯}{aB}}{aB}{X}^{d}Y$, $\frac{\underset{¯}{Ab}}{ab}{X}^{D}Y$, $\frac{\underset{¯}{aB}}{ab}{X}^{D}Y$. Có tỉ lệ = ( $\frac{\underset{¯}{AB}}{ab}$, $\frac{\underset{¯}{Ab}}{aB}$, $\frac{\underset{¯}{Ab}}{Ab}$, $\frac{\underset{¯}{aB}}{aB}$, $\frac{\underset{¯}{Ab}}{ab}$, $\frac{\underset{¯}{aB}}{ab}$) × 1/4 = (6×0,04 + 2×0,16 +2×0,01 )×1/4 = 14,5%.

IV. Lấy ngẫu nhiên 1 cá thể cái mang 3 tính trạng trội ở F1, xác suất thu được cá thể mang 3 alen trội là 14,5%.

Cá thể cái có kiểu hình trội mang 3 alen trội chính là cá thể dị hợp 3 cặp gen $\frac{\underset{¯}{AB}}{ab}{X}^D{X}^d$ và $\frac{\underset{¯}{Ab}}{aB}{X}^D{X}^d$.

Có tỉ lệ = ( $\frac{\underset{¯}{AB}}{ab}$, $\frac{\underset{¯}{Ab}}{aB}$) × 1/4 = (4×0,04)×1/4 = 4%.

Lấy ngẫu nhiên 1 cá thể cái mang 3 tính trạng trội ở F1, xác suất thu được cá thể mang 1 alen trội là = $\frac{\left(\frac{\underset{¯}{AB}}{ab}+\frac{\underset{¯}{Ab}}{aB}\right)X^D{X}^d}{A-B-X^D{X}^{-}}$= $\frac{4\times 0,04\times 1/4}{0,54\times \frac{1}{2}}$ = 4/27

Đáp án A

Cả 4 phát biểu đúng. → Đáp án A.

Vì P thuần chủng và có kiểu hình trội × kiểu hình lặn nên F₁ có kiểu gen $\frac{\underset{¯}{AB}}{ab}$.

- Ở F2, cây thân cao, hoa đỏ thuần chủng chiếm tỉ lệ 9% → $\frac{\underset{¯}{AB}}{AB}$ = 0,09.

→ 0,09$\frac{\underset{¯}{ab}}{ab}$  = 0,3ab × 0,3ab. → Giao tử AB = ab = 0,3; Giao tử Ab = aB = 0,2.

I đúng. Ở F₂ có số cây mang 3 alen trội chiếm tỉ lệ = 4×0,3×0,2 = 0,24 = 24%.

II đúng. Ở F₂ có số cây mang 2 alen trội chiếm tỉ lệ = 2×0,09 + 4×0,04 = 0,34 = 34%.

Lấy ngẫu nhiên 1 cây thân thấp, hoa đỏ ở F₂ sẽ được cây thuần chủng với xác suất = 0,040,25- $\frac{0,04}{0,25-0,09}=\frac{0,04}{0,16}=\frac{1}{4}$.

→ (III) đúng.

- Lấy ngẫu nhiên một cây thân cao, hoa đỏ ở F₂ sẽ thu được cây thuần chủng với xác suất = $\frac{0,09}{0,5+0,09}=\frac{0,09}{0,59}$ = 9/59. → (IV) đúng

Đáp án A

Có 5 phát biểu đúng. → Đáp án A.

P có kiểu hình khác nhau về 2 tính trạng lai với nhau thì F₁ dị hợp 2 cặp gen.

Nếu 2 cặp gen này phân li độc lập (AaBb) thì loại kiểu hình có 2 tính trạng trội ở F₂ do 4 kiểu gen quy định. → I đúng.

Nếu 2 cặp gen này cùng nằm trên 1 cặp NST và không có hoán vị gen thì loại kiểu hình có 2 tính trạng trội ở F₂ do 1 kiểu gen quy định. → V đúng.

Nếu 2 cặp gen này cùng nằm trên 1 cặp NST và có hoán vị gen ở cả 2 giới thì loại kiểu hình có 2 tính trạng trội ở F₂ do 5 kiểu gen quy định. → II đúng.

Nếu 2 cặp gen này cùng nằm trên 1 cặp NST và có hoán vị gen ở 1 giới thì loại kiểu hình có 2 tính trạng trội ở F₂ do 3 kiểu gen quy định. → III đúng.

Nếu 2 cặp gen này cùng nằm trên 1 cặp NST ( $\frac{\underset{¯}{AB}}{ab}\times \frac{\underset{¯}{AB}}{ab}$) và không có hoán vị gen thì loại kiểu hình có 2 tính trạng trội ở F₂ do 2 kiểu gen quy định. → IV đúng

Đáp án D

Cả 4 phát biểu đúng → Đáp án D.

I đúng. Vì tần số alen A₁ = 1 - $\sqrt{0,01+0,03+0,12}$ = 0,6.

Tần số alen A₄ = $\sqrt{0,01}$ = 0,1.                       Tần số alen A3 = $\sqrt{0,01+0,03}-\sqrt{0,01}$ = 0,1.

Tần số alen A₂ = $\sqrt{0,01+0,03+0,12}-\sqrt{0,01+0,03}$ = 0,2.

II đúng. Vì trong số các cá thể cánh đen của quần thể gồm có 4 kiểu gen là A₁A₁; A₁A₂, A₁A₃, A₁A₄. Vì vậy, trong số các cá thể cánh đen thì tần số của A₃ = $\frac{0,6\times 0,1}{0,84}=\frac{1}{14}$.

→ Nếu cho các cá thể cánh đen giao phối ngẫu nhiên thì ở đời con, cá thể cánh vàng thuần chủng (A₃A₃) chiếm tỉ lệ = ${\left(\frac{1}{14}\right)}^2=\frac{1}{196}$ → Đúng.

III đúng. Khi loại bỏ các cá thể cánh trắng thì quần thể gồm có A₁A₁; A₁A₂, A₁A₃, A₁A₄; A₂A₂; A₂A₃, A₂A₄; A₃A_3, A₃A₄ . Vì vậy, trong số các cá thể còn lại thì tần số của A₁ = $\frac{0,6}{1-0,01}=\frac{20}{33}$.

→ Cá thể cánh đen thuần chủng chiếm tỉ lệ =${\left(\frac{20}{33}\right)}^2=\frac{400}{1089}$ → Đúng.

IV đúng. Khi loại bỏ toàn bộ các cá thể cánh xám thì quần thể còn lại các kiểu gen A₁A₁; A₁A₂, A₁A₃, A₁A₄; A₃A₃, A₃A₄; A₄A₄. Vì vậy, trong số các cá thể còn lại thì tần số của A₂ = $\frac{0,6\times 0,2}{1-0,12}=\frac{3}{22}$.

→ Cá thể cánh xám thuần chủng chiếm tỉ lệ = ${\left(\frac{3}{22}\right)}^2=\frac{9}{484}$.

Đáp án B

Có 2 phát biểu đúng, đó là II và IV. → Đáp án B.

Dựa vào phả hệ để xác định quy luật di truyền của từng tính trạng bệnh.

- Cặp vợ chồng số 1 – 2 đều không bị bệnh nhưng sinh con gái số 6 bị cả 2 bệnh. => 2 bệnh đều do gen lặn quy định và không liên kết giới tính.

- Quy ước: a quy định bệnh thứ nhất; b quy định bệnh thứ 2.

Các alen trội tương ứng là A và B đều quy định không bị bệnh.

I sai. Xác định được kiểu gen của 10 người.

- Người số 4, 6 bị cả 2 bệnh nên kiểu gen là aabb.

- Người số 1, 2 không bị bệnh nhưng có con bị cả hai bệnh nên kiểu gen của những người này là AaBb.

- Người số 13, 14 và 15 là những người không bị bệnh nhưng có bố bị bệnh thứ nhất và mẹ bị bệnh thứ hai nên kiểu gen của những người này là AaBb.

- Người số 10 và 11 là những người không bị bệnh có bố (số 4) bị 2 bệnh nên người số 10, 11 đều có kiểu gen AaBb. Người số 12 có kiểu gen Aabb.

II đúng. Xác suất để cặp vợ chồng 15-16 sinh con đầu lòng bị cả hai bệnh

Xác suất sinh con bị bệnh 1:

- Người số 15 có kiểu gen Aa.

- Bố và mẹ của người số 16 không bị bệnh nhưng người số 10 có kiểu gen Aa; Người số 9 thuộc quần thể cân bằng di truyền nên có kiểu gen là (0,36AA : 0,48Aa = 3/7AA : 4/7Aa) cho nên xác suất kiểu gen của người số 16 là ($\frac{5}{12}$ AA :$\frac{7}{12}$ Aa).

→ Xác suất sinh con bị bệnh thứ nhất = $\frac{7}{12}\times \frac{1}{4}=\frac{7}{48}$.

Xác suất sinh con bị bệnh 2:

- Người số 15 có kiểu gen Bb.

- Bố và mẹ của người số 16 không bị bệnh nhưng người số 10 có kiểu gen Bb; Người số 9 thuộc quần thể cân bằng di truyền nên có kiểu gen là (0,81BB : 0,18Bb = 9/11BB : 2/11Bb) cho nên xác suất kiểu gen của người số 16 là ($\frac{10}{21}$ BB : $\frac{11}{21}$Bb).

→ Xác suất sinh con bị bệnh thứ hai = $\frac{11}{21}\times \frac{1}{4}=\frac{11}{84}$.

→ Xác suất sinh con bị cả hai bệnh = $\frac{7}{48}$ × $\frac{11}{84}$ = $\frac{11}{576}$.

III sai. Xác suất để cặp vợ chồng 15-16 sinh con đầu lòng chỉ bị một bệnh.

- Từ kết quả làm ở câu II, ta có xác suất sinh con bị 1 bệnh là $\frac{7}{48}$ nên xác suất sinh con không bị bệnh 1 = 1 - $\frac{7}{48}$ = $\frac{41}{48}$.

- Từ kết quả làm ở câu II, ta có xác suất sinh con bị 2 bệnh là $\frac{11}{84}$ nên xác suất sinh con không bị bệnh 2 = 1 - $\frac{11}{84}$ = $\frac{73}{84}$.

- Xác suất để chỉ bị bệnh thứ nhất mà không bị bệnh thứ hai = $\frac{7}{48}\times \frac{73}{84}=\frac{511}{4032}$.

- Xác suất để chỉ bị bệnh thứ hai mà không bị bệnh thứ nhất =$\frac{41}{48}\times \frac{11}{84}=\frac{451}{4032}$

→ Đáp án = $\frac{511}{4032}+\frac{451}{4032}=\frac{962}{4032}=\frac{481}{2016}$.

IV đúng. Xác suất để cặp vợ chồng 15-16 sinh con đầu lòng là gái và không bị bệnh là bao nhiêu?

- Ở phả hệ này, cặp vợ chồng số 15-16 sinh con không bị bệnh thứ nhất = $\frac{41}{48}$; Xác suất sinh con không bị bệnh thứ hai = $\frac{73}{84}$.

- Xác suất sinh con gái = $\frac{1}{2}$.

→ Xác suất sinh con gái và không bị bệnh = $\frac{1}{2}\times \frac{41}{48}\times \frac{73}{84}=\frac{2993}{8064}$.