Đáp án A

Đáp án A. Vì tổng hợp chuỗi polipeptit chính là dịch mã. Quá trình dịch mã chỉ diễn ra ở tế bào chất

Đáp án D

Đáp án A

Đáp án D

Đáp án C

Trong các dạng đột biến nêu trên chỉ có đột biến lặp đoạn NST dẫn đến lặp gen tạo điều kiện cho đột biến gen, tạo nên các gen mới trong quá trình tiến hóa

Đáp án B

Đáp án A

Tỉ lệ kiểu gen 1:2:1 chính là có 3 kiểu gen.

Trong các phương án mà đề bài đưa ra, chỉ có đáp án A đúng

Đáp án C

Đáp án C. Cơ thể này chỉ dị hợp về cặp gen Aa

Đáp án D

Phép lai AaBbDd × aabbDD = (Aa × aa)(Bb × bb)( Dd × DD)

Số loại kiểu hình = 2 × 2 × 1 = 4 loại

Đáp án A

Gen chỉ tồn tại thành cặp alen khi gen trên NST thường hoặc gen trên NST giới X ở giới XX hoặc gen ở vùng tương đồng của NST giới tính X và Y

Đáp án A

Tần số alen p(A) = 0,6 → Tần số alen a là: q = 1 – p = 1 – 0,6 = 0,4

→ Tỉ lệ kiểu gen Aa = 2pq = 2.0,6 . 0,4 = 0,48 → Đáp án A

Đáp án D

Đáp án D. Loại bỏ những cá thể không mong muốn là một biện pháp chọn lọc, nó không tạo được nguồn biến dị.

Đáp án B

- Chọn lọc tự nhiên là nhân tố tiến hóa có định hướng.

- Trong các nhân tố trên, chỉ có chọn lọc tự nhiên là nhân tố tiến hóa có hướng, chọn lọc tự nhiên làm biến đổi tần số tương đối của các alen theo một hướng xác định

Đáp án B

Trong quá trình phát sinh và phát triển sự sống trên Trái Đất, hoá thạch nhân sơ cổ nhất có ở đại Thái cổ

Đáp án D

- Quần thể là tập hợp các cá thể của cùng một loài, sống trong một khoảng không gian xác định, vào một thời điểm nhất định, có khả năng sinh sản và tạo thành thế hệ mới hữu thụ. Vậy theo khái niệm của quần thể sinh vật chỉ có gà lôi ở hồ Kẻ Gỗ là một quần thể

Đáp án D

- Mèo ăn chuột nên mối quan hệ trên đó là sinh vật này ăn sinh vật khác

Đáp án B

A đúng. Vì tiêu hóa cơ học đề cập đến sự phá vỡ vật lý phần lớn thức ăn thành miếng nhỏ mà sau đó có thể được enzyme tiêu hóa phân giải. Trong quá trình tiêu hóa hóa học, enzym phá vỡ thức ăn thành các phân tử nhỏ mà cơ thể có thể hấp thu. Các loài động vật đều có tiêu hóa hóa học.B sai. Vì trong ống tiêu hóa là tiêu hóa ngoại bào, thức ăn được tiêu hoá bên ngoài tế bào, thức ăn được tiêu hoá cơ học và hoá học trong lòng ống tiêu hoá. Các chất sau khi được tiêu hoá ngoại bào trong túi tiêu hoá sẽ được tiếp tục đưa vào trong tế bào để tiêu hoá nội bào.

C đúng. Vì các loài thuộc lớp cá, lớp bò sát, lớp ếch nhái, lớp chim, lớp thú đều có ống tiêu hóa và tiêu hóa ngoại bào.

D đúng. Vì các loài trâu, bò, dê, cừu là động vật nhai lại, có dạ dày 4 túi

Đáp án A

Có 2 phát biểu đúng, đó là III và IV. → Đáp án A.

I sai. Vì diệp lục b và sắc tố carôtênoit (gồm carôten và xantôphin) có chức năng hấp thu năng lượng ánh sáng và chuyển cho diệp lục a. Chỉ có diệp lục a trực tiếp tham gia chuyển nó năng lượng trong các phản ứng quang hợp.

II sai. Vì quang hợp phụ thuộc vào nguyên tố khoáng, nhiệt độ, ….

III đúng. Vì không có CO₂ thì không diễn ra chu trình Canvin nên không tạo ra NADP⁺ để cung cấp cho pha sáng. Trong quá trình quang phân nước, NADP⁺ là chất nhận điện tử cuối cùng của chuỗi truyền điện tử. Do đó, không có NADP⁺ thì sẽ không diễn ra quang phân li nước.

III đúng. Vì quang hợp tạo ra 90% đến 95% lượng chất khô trong cơ thể thực vật (Gồm 3 loại nguyên tố là C, H, O).

Đáp án A

Trước hết, phải xác định số nuclêôtit mỗi loại của gen A, sau đó suy ra gen a.

Số nuclêôtit mỗi loại của gen A:

- Tổng số liên kết hidro của gen là 2A_gen + 3G_gen = 6102.

A_gen = A₂ + T₂                                      G_gen = G₂ + X₂.

Nên ta có 2A_gen + 3G_gen = 2(A₂ + T₂) + 3(G₂ + X₂) = 6102.

- Theo Bài ra, trên mạch 2 có X₂ = 2A₂ = 4T₂ → X₂ = 4T₂, A₂ = 2 T₂.

Trên mạch 1 có X₁ = A₁ + T₁ mà A₁ = T₂ và T₁ = A₂ nên

→ X₁ = T₂ + 2T₂ = 3T₂. Vì X₁ = G₂ nên G₂ = 3T₂.

- Nên ta có 2(2T₂ + T₂) + 3(3T₂ + 4T₂) = 6T₂ + 21T₂ = 6102.

= 27T₂ = 6102 => T₂ = $\frac{6102}{27}$ = 226.

A_gen = A₂ + T₂ = 2T₂ + T₂ = 3T₂ = 3 × 226 = 678.

G_gen = G₂ + X₂ = 4T₂ + 3T₂ = 7T₂ = 7 × 226 = 1582.

- Số nuclêôtit mỗi loại của gen a: Vì đột biến làm giảm 3 liên kết hidro và đây là đột biến điểm nên suy ra đột biến mất 1 cặp G-X. Do đó, số nuclêôtit loại G của gen a giảm đi 1 so với gen A.

→ G = X = 1582 – 1 = 1581

Đáp án A

- Kiểu gen Aaaa cho gia tử aa với tỉ lệ = 1/2.

→ Ở đời con của phép lai Aaaa × Aaaa sẽ có kiểu hình đồng hợp lặn (aaaa) chiếm tỉ lệ = 1/2 × 1/2 = 1/4. → Tỉ lệ kiểu hình ở đời con = 3 đỏ : 1 trắng

Đáp án C

 → Tỉ lệ 2 tính trạng trội =$C_4^2\times \frac{3}{4}\times \frac{3}{4}\times \frac{1}{4}\times \frac{1}{4}=\frac{27}{128}$

Đáp án C

Có 3 phát biểu đúng, đó là I, II và IV.

• I đúng.
• II đúng, vì nếu nhập cư đem đến alen mới thì làm tần số các alen có sẵn trong quần thể đều giảm xuống.
• III sai, vì di – nhập gen có thể xảy ra nhờ sự lan truyền các giao tử, ví dụ hạt phấn theo gió đi xa.
• IV đúng, nếu di cư ồ ạt, đặc biệt với các quần thể kích thước nhỏ thì có thể làm nghèo vốn gen

Đáp án B

Các mối quan hệ I, II phản ánh mối quan hệ hợp tác.

Các ý III, IV nói về sự cộng sinh – hợp tác chặt chẽ

Đáp án A

Có 3 phát biểu đúng là I, II và IV.

Các ý I, II, IV lần lượt nói về việc sử dụng hợp lý các nguồn tài nguyên tái sinh là sinh vật, nước và đất, riêng ý III nói về sử dụng các loại tài nguyên không tái sinh

Đáp án D

Chỉ có phát biểu I đúng.

• I đúng, vì sinh vật nhân sợ không có màng nhân, mARN lại không chứa intron nên có thể ngay lúc đó làm khuôn tổng hợp protein.
• II sai, cả 2 nhóm sinh vật đều tổng hợp mARN theo chiều 5’ → 3’.
• III sai, mARN tổng hợp vị trí khởi đầu phiên mã, không phải từ mã mở đầu trên gen.
• IV sai, mARN của nhân thực cần quá trình loại bỏ intron, nối exon

Đáp án B

Có 2 phát biểu đúng là I và III.

• I đúng, vì NST đột biến có thể tạo ra do nó chuyển đoạn không tương hỗ với NST tương đồng khác.
•  II sai, nếu mất đoạn do tác nhân gây đứt gãy NST thì NST tương đồng còn lại không bị lặp đoạn.
• III đúng, nếu mất đoạn B, C thì hàm lượng protein của chúng chắc chắn bị giảm, hoặc nếu bị chuyển đoạn đi thì mức độ hoạt động của chúng cũng có thể giảm xuống làm lượng protein giảm theo.
•  IV sai, vì nếu B, C không bị mất mà chỉ bị chuyển đi thì nó vẫn chưa hẳn là có lợi, thậm chí có hại thêm nếu nó tăng cường hoạt động nhờ vị trí mới

Đáp án D

Các nhóm phép lai I, III đúng.

•  I, III đúng, ở đây cả 2 cơ thể đều thuần chủng nên đời con chỉ có 1 loại kiểu gen và 1 loại kiếu hình.
• II, IV sai vì ở đây đều có thể xảy ra dạng Aa  Aa hoặc AA  Aa cho đời con có tỉ lệ kiểu gen khác tỉ lệ kiểu hình

Đáp án A

Có 3 phát biểu đúng là I, II và IV.

•  I đúng, vì đây là cơ thể đực nên 1 tế bào tạo tối đa 4 loại tinh trùng.
•  II đúng, nếu một tế bào hoán vị cho 4 loại tinh trùng, tế bào thứ hai không hoán vị nhưng phân ly NST khác tế bào đầu thì có thể tạo ra thêm 2 loại tinh trùng mới.
•  III sai, ở đây cặp XY nếu có tiếp hợp thì cũng không có trao đổi chéo vì gen Mn nằm ở đoạn không tương đồng, do vậy số loại tinh trùng tối đa là: $(3+1)\times 2^3\times 2=64$ loại.
•  IV đúng, vì có 4 cặp NST dị hợp nên số loại tinh trùng liên kết tối đa $=2^4=16$ loại

Đáp án B

Có 3 phát biểu đúng là I, III và IV.

Ÿ I đúng, vì từ $F_2$ sang $F_3$, tần số các alen không đổi và tỉ lệ các kiểu gen thỏa mãn công thức ngẫu phối cân bằng của Hardy - Weinberg.

Ÿ II sai, từ $F_1$ sang $F_2$, tỉ lệ của cả AA và Aa đều giảm, tỉ lệ aa tăng đột ngột (gấp 5 lần) chứng tỏ không phải do chọn lọc chống AA, mà có thể do yếu tố ngẫu nhiên hoặc di - nhập gen.

Ÿ III đúng, sự thay đổi kiểu gen từ $F_1$ sang $F_2$ cũng đột ngột, không tuân theo quy luật, nên có thể do di - nhập gen với số lượng lớn cá thể.

Ÿ IV đúng, từ $F_3$ sang $F_4$, tần số a giảm xuống nhưng cấu trúc vẫn cân bằng ngẫu phối, chứng tỏ chọn lọc đã khiến kiểu gen aa không sinh sản. Do vậy nếu sang $F_5$, tần số $a=0,4:(1+2\times 0,4)=\frac{2}{9}$.

→ Tỉ lệ aa lúc này bằng ${\left(\frac{2}{9}\right)}^2=\frac{4}{81}$.

Đáp án B

Có 2 phát biểu đúng là I và III

• I đúng, thường những loài có kích thước cơ thể lớn rất khó tăng trưởng theo tiềm năng, chúng tăng trưởng theo dạng bị giới hạn (hình chữ S).
• II sai, trong tự nhiên, những loài có kích thước nhỏ và vòng đời ngắn, khi gặp điều kiện thuận lợi thì có thể tăng trưởng theo dạng chữ J.
• III đúng, nếu đang tăng trưởng theo tiềm năng nhưng môi trường đã đến hạn, thì sự cản trở sẽ làm cho quá trình tăng trưởng suy giảm, dạng chữ J thành dạng chữ S.
• IV sai, vì tốc độ tăng trưởng ban đầu sẽ tăng dần, khi vượt qua điểm uống thì tốc độ tăng trưởng mới giảm dần cho đến lúc số lượng đạt mức cân bằng

Đáp án A

Có 2 phát biểu đúng là II, IV → Đáp án A

•  I sai. Vì giới hạn sinh thái của các loài thực vật bậc cao thường khác nhau, có những loài chịu được ánh sáng mạnh, có loài chịu được ánh sáng yếu, có loài sống trong bóng râm…
• III sai. Nếu có 5 loài chim cùng ăn hạt của một loài cây thì ổ sinh thái của 5 loài chim này thường khác nhau hoặc trùng nhau một phần chứ không trùng nhau hoàn toàn để đảm bảo 5 loài này có thể cùng tồn tại

Đáp án D

Có 2 phát biểu đúng, đó là I và IV. → Đáp án D.

II sai. Vì thực vật thực hiện hô hấp nên vẫn thường xuyên thải khí CO₂.

III sai. Vì chu trình sinh địa hóa cacbon thường có một phần vật chất lắng đọng vào lòng Trái Đất, đó là than đá, dầu mỏ, khí đốt,….

Đáp án D

Ta thấy đoạn N từ cặp NST số 2 được chuyển sang cặp NST số 1 → Đây là dạng đột biến chuyển đoạn không tương hỗ. Các phát biểu I, II, III đúng → Đáp án D

IV sai. Vì đột biến này gặp ở cả động vật và thực vật

Đáp án B

Có 3 phát biểu đúng, đó là I, III và IV. → Đáp án B.

Mạch gốc của gen A có 3’AXG GXA AXG TAA GGG5’. → Đoạn phân tử mARN là 5’UGX XGU UGU AUU XXX5’.

I đúng. Vì khi gen A phiên mã 5 lần, sau đó tất cả các mARN đều dịch mã có 6 ribôxôm trượt qua thì sẽ tạo ra 30 chuỗi pôlipeptit. Ở đoạn mARN này có 1 bộ ba 5’XXX3’ nên mỗi chuỗi pôlipeptit có 1 Pro. → Có 30 chuỗi nên cần 30 Pro.

II sai. Vì ở đoạn mARN này không có bộ ba nào quy định Thr nên không sử dụng Thr cho quá trình dịch mã.

III đúng. Vì khi gen A phiên mã 5 lần, sau đó tất cả các mARN đều dịch mã có 10 ribôxôm trượt qua thì sẽ tạo ra 50 chuỗi pôlipeptit. Ở đoạn mARN này có 2 bộ ba quy định Cys là 5’UGX3’ và 5’UGU3’ nên mỗi chuỗi polipeptit có 2 Cys. → Có 50 chuỗi nên cần 100 Xys.

IV đúng. Vì khi gen A phiên mã 5 lần, sau đó tất cả các mARN đều dịch mã có 4 ribôxôm trượt qua thì sẽ tạo ra 20 chuỗi pôlipeptit. Ở đoạn mARN này có 1 bộ ba 5’AUU3’ nên mỗi chuỗi pôlipeptit có 1 Ile. → Có 20 chuỗi nên cần 20 Ile.

Đáp án C

Có 2 phát biểu đúng, đó là II, IV → Đáp án C

Các cây F₁ có kiểu hình hoa đỏ, mà lại là kết quả của tứ bội hóa nên F₁ chắc chắn có kiểu gen : A₁A₁--

Mặt khác, F₂ sinh ra có kiểu hình hoa trắng nên trong kiểu gen F₁ chắc chắn có chứa A₃ → F₁ phải có kiểu gen A₁A₁A₃A₃

Xét phép lai : A₁A₁A₃A₃ x A₁A₁A₃A₃

GF1: 1/6A₁A₁ : 4/6A₁A₃ : 1/6A₃A₃ → F₂: 1/36 A₁A₁A₁A₁ : 8/36A₁A₁A₁A₃ : 18/36A₁A₁A₃A₃ : 8/36A₁A₃A₃A₃ : 1/36 A₃A₃A₃A₃

Xét các phát biểu của đề bài

I sai. Có 5 loại kiểu gen khác nhau trong đó có 5 kiểu gen quy định kiểu hình hoa đỏ là: A₁A₁A₁A₁; A₁A₁A₁A₃; A₁A₁A₃A₃; A₁A₃A₃A₃; 1 loại kiểu gen quy định hoa vàng là A₃A₃A₃A₃;

II đúng. Loại kiểu gen chỉ có 2 alen A₃ (A₁A₁A₃A₃) chiếm tỉ lệ 18/36 = 1/2.

III sai. Trong số các cây hoa đỏ ở F₂, cây mang 2 alen A₃ (A₁A₁A₃A₃) chiếm tỉ lệ 18/35

IV đúng. Cây không mang alen A₃ là: A₁A₁A₁A₁ = 1/35

Lấy ngẫu nhiên 1 cây hoa đỏ, xác suất thu được cây mang alen A3 là: 1 – 1/35 = 34/35

Đáp án A

Có 3 phát biểu đúng, đó là (I), (II) và (IV). → Đáp án A.

Trước hết, chúng ta xác định quy luật di truyền chi phối phép lai và tìm kiểu gen của F₁, sau đó mới đi xác định những phát biểu nào đúng.

- Ở F₂, toàn bộ con cái đều có mắt đỏ, đuôi ngắn; còn con đực có nhiều kiều hình. → Tính trạng di truyền liên kết giới tính. Ở F₂ có tỉ lệ kiểu hình của hiện tượng hoán vị gen.

→ Kiểu gen của F₁ là X^ABX^ab × X^ABY. → F₂ có 8 loại kiểu gen. → (I) đúng.

- Khi tính trạng liên kết giới tính thì tần số hoán vị gen = $\frac{\text{4}\%+\text{4}\%}{50\%}$ = 16%. → (II) đúng.

- Lấy ngẫu nhiên 1 cá thể cái ở F₂, xác suất thuần chủng = $\frac{\text{21}\%}{50\%}$ = 0,42 = 42%. (Giải thích: Vì cá thể cái thuần chủng có kiểu gen X^ABX^AB có tỉ lệ luôn bằng tỉ lệ của cá thể đực X^ABY. Ở bài toán này, đực X^ABY có tỉ lệ = 21%). → (III) sai.

Cái F₁ có kiểu gen X^ABX^ab lai phân tích thì sẽ thu được cá thể đực mắt đỏ, đuôi dài (X^AbY) chiếm tỉ lệ = 0,08 X^Ab × 0,5Y = 0,04 = 4%. → (IV) đúng

Đáp án D

Có 4 phát biểu đúng. → Đáp án D.

I đúng. AaBbDdEe giảm phân cho 2⁴ = 16 loại giao tử.

Cơ thể AabbDdee giảm phân cho 2² = 4 loại giao tử.

→ Số kiểu tổ hợp giao tử = 16 × 4 = 64 kiểu.

II đúng.

AaBbDdEe × AabbDdee = (Aa × Aa)(Bb × bb)(Dd × Dd)(Ee × ee)

→ Loại cá thể có kiểu gen đồng hợp lặn về 4 cặp gen (aabbddee) có tỉ lệ =$\frac{\text{1}}{\text{4}}$ ×$\frac{\text{1}}{2}$ × $\frac{\text{1}}{\text{4}}$ ×$\frac{\text{1}}{2}$  = 1/64.

III đúng. Vì ở phép lai này, đời con luôn có kiểu hình D-. Do đó loại kiểu hình có 2 tính trạng trội và 2 tính trạng lặn gồm các kiểu hình gồm các kí hiệu là:

A-B-ddee + A-bbD-ee + A-bbddE- + aaB-D-ee + aaB-ddE- + aabbD-E-

AaBbDdEe × AabbDdee = (Aa × Aa)(Bb × bb)(Dd × Dd)(Ee × ee)

A-B-ddee có tỉ lệ = 3/4 × 1/2 × 1/4 × 1/2 = 3/64.

A-bbD-ee có tỉ lệ = 3/4 × 1/2 × 3/4 × 1/2 = 9/64.

A-bbddE- có tỉ lệ = 3/4 × 1/2 × 1/4 × 1/2 = 3/64.

aaB-D-ee có tỉ lệ = 1/4 × 1/2 × 3/4 × 1/2 = 3/64.

aaB-ddE- có tỉ lệ = 1/4 × 1/2 × 1/4 × 1/2 = 1/64.

aabbD-E- có tỉ lệ = 1/4 × 1/2 × 3/4 × 1/2 = 3/64.

→ Loại kiểu hình có 2 tính trạng trội và 2 tính trạng lặn chiếm tỉ lệ = 3/64 + 9/64+3/64+3/64+1/64+3/64 = 22/64 = 11/32.

IV đúng. Vì AaBbDdEe × AabbDdee = (Aa × Aa)(Bb × bb)(Dd × Dd)(Ee × ee)

Aa × Aa sẽ cho đời con có kiểu hình A- với 2 loại kiểu gen quy định là AA và Aa.

Bb × bb sẽ cho đời con có kiểu hình bb với 1 loại kiểu gen quy định là bb.

Dd × Dd sẽ cho đời con có kiểu hình D- với 2 loại kiểu gen quy định là DD và Dd.

Ee × ee sẽ cho đời con có kiểu hình E- với 1 loại kiểu gen quy định là Ee.

→ Loại kiểu hình A-bbD-E- sẽ có số loại kiểu gen quy định = 2 × 1 × 2 × 1 = 4 loại kiểu gen

Đáp án C

Cả 4 phát biểu đúng. → Đáp án C.

- Ở phép lai với cây X, ta có: Cao : thấp = 15 : 5 = 3:1 → Aa×Aa;

Đỏ : trắng = 10:10 = 1:1 → Bb×bb.

→ Một cây dị hợp 2 cặp gen, cây còn lại dị hợp 1 cặp gen.

Tỉ lệ 9:6:4:1 ≠ tỉ lệ (3:1)(1:1) nên đây là tỉ lệ của hiện tượng hoán vị gen.

Ở F₁, cây thấp, hoa trắng ( $\frac{\underset{¯}{\text{ab}}}{\text{ab}}$) chiếm tỉ lệ = $\frac{4}{\text{9}+\text{6}+\text{1}+\text{4}}$ = 0,2 = 0,4ab × 0,5ab.

→ 0,4ab là giao tử liên kết, tần số hoán vị = 1 - 2×0,4 = 0,2.

→ Kiểu gen của P là: $\frac{\underset{¯}{\text{AB}}}{\text{ab}}\times \frac{\underset{¯}{\text{Ab}}}{\text{ab}}$.

- Ở phép lai với cây Y, ta có: Cao : thấp = 10 : 10 = 1:1 → Aa×aa; Đỏ : trắng = 15:5 = 3:1 → Bb×Bb.

→ Một cây dị hợp 2 cặp gen, cây còn lại dị hợp 1 cặp gen. Vì cây A đem lai với cây X và cây Y nên cây dị hợp 2 cặp gen ở 2 phép lai phải là cây A. → Kiểu gen của cây A là $\frac{\underset{¯}{\text{AB}}}{\text{ab}}$. → I đúng.

- Cây X có kiểu gen $\frac{\underset{¯}{\text{Ab}}}{\text{ab}}$ cho nên khi lai phân tích thì sẽ thu được đời con có tỉ lệ 1:1. → II đúng.

- Cây A có kiểu gen $\frac{\underset{¯}{\text{AB}}}{\text{ab}}$ và có tần số hoán vị gen 20% cho nên khi lai phân tích thì sẽ thu được F_a có kiểu hình phân li theo tỉ lệ 4 : 4 : 1 : 1. → III đúng.

- Cây Y có kiểu gen $\frac{\underset{¯}{\text{aB}}}{\text{ab}}$ nên khi tự thụ phấn thì có sơ đồ lai: $\frac{\underset{¯}{\text{aB}}}{\text{ab}}\times \frac{\underset{¯}{\text{aB}}}{\text{ab}}$. → Sẽ thu được đời con có tỉ lệ 3:1, trong đó cây thấp, hoa đỏ chiếm 75%. → IV đúng

Đáp án C

Có 3 phát biểu đúng, đó là I, III và IV. → Đáp án C.

Quy ước : A-B- : hoa đỏ

A-bb + aaB- + aabb : hoa trắng

Quần thể có tần số A = 0,4 → Tần số alen a = 1 – 0,4 = 0,6

Quần thể có tần số B = 0,5 → Tần số alen b = 1 – 0,5 = 0,5

Quần thể cân bằng có cấu trúc: (0,4²AA : 2.0,4.0,6Aa : 0,6²aa)(0,5²BB : 2.0,5.0,5Bb : 0,5²bb) hay (0,16AA : 0,48Aa : 0,36aa)(0,25BB : 0,5Bb : 0,25bb) → ( $\frac{16}{25}$A- : 9/25aa)( $\frac{3}{4}$B- : $\frac{1}{4}$bb)

Xét các phát biểu của đề bài:

I đúng. Vì tỉ lệ kiểu hình hoa đỏ là: $\frac{16}{25}.\frac{3}{4}=\frac{12}{25}$

Tỉ lệ kiểu hình hoa trắng là : $1-\frac{12}{25}=\frac{13}{25}$

Vậy quần thể có tỉ lệ kiểu hình là: 12 cây hoa đỏ : 13 cây hoa trắng.

II sai. Lấy ngẫu nhiên một cá thể, xác suất được cá thể thuần chủng là AABB + AAbb + aaBB + aabb =$\frac{4}{25}.\frac{1}{4}+\frac{4}{25}.\frac{1}{4}+\frac{9}{25}.\frac{1}{4}+\frac{9}{25}.\frac{1}{4}=\frac{13}{50}$

III đúng. Cây hoa đỏ thuần chủng có kiểu gen: AABB =$\frac{4}{25}.\frac{1}{4}=\frac{1}{25}$

Lấy ngẫu nhiên một cây hoa đỏ, xác suất thu được cây thuần chủng là: $\frac{1}{25}:\frac{12}{25}=\frac{1}{12}$

IV đúng. Cây hoa trắng thuần chủng là: Aabb + aaBB + aabb =$\frac{4}{25}.\frac{1}{4}+\frac{9}{25}.\frac{1}{4}+\frac{9}{25}.\frac{1}{4}=\frac{11}{50}$

Lấy ngẫu nhiên một cây hoa trắng, xác suất thu được cây thuần chủng là: $\frac{11}{50}:\frac{13}{25}=\frac{11}{26}$.

Đáp án C

Có 3 phát biểu đúng, đó là II, III và IV. → Đáp án C.

I sai. Vì người số 6 có kiểu gen X^AbY nên nhận giao tử X^Ab từ người mẹ số 1. Người số 5 có kiểu gen X^ABY nên nhận giao tử X^AB từ người mẹ số 1. → Kiểu gen của người số 1 là X^ABX^Ab .

II đúng. Vì kiểu gen của người số 9 là X^AbX^aB ¬nên xác suất sinh con thứ 2 bị bệnh = 1× 1/2 = 1/2.

III đúng. Vì chỉ có 1 người chưa xác định được kiểu gen, đó là người số 7.

IV đúng. Vì xác suất kiểu gen người số 7 là 1/2 X^ABX^Ab : 1/2X^ABX^AB nên xác suất sinh con trai bị bệnh của cặp vợ chồng 7-8 là 1/2 × 1/4 = 1/8.

Xác suất sinh con trai = 1/2. Nên xác suất sinh con trai không bị bệnh = 1/2 – 1/8 = 3/8