+ phần 1: n_{C/ hỗn hợp} = nCO₂ = 0,1

+ phần 2 : Phản ứng hiđro hóa không làm thay đổi C trong hợp chất

 áp dụng định luật bảo toàn nguyên tố C có:  nCO₂ = n_{C/ hỗn hợp} = 0,1 mol

     ⇒ V = 2,24l

Đáp án B.

Đặt V_C3H6 = a  ; V_CH4 = b ⇒ V_CO = 2b

Có V_C3H6 + V_CH4 + V_CO = V_{hỗn hợp} = a + 3b = 20  (1)

Áp dụng định luật bảo toàn nguyên tố C có:

V_CO2 = 3V_C3H6 + V_CH4 + V_CO ⇒ 24 = 3a + 3b (2)

Từ (1) và (2) ⇒ a = 2    ; b = 6

 ⇒ n_C3H6 : n_CH4 : n_CO = 2 : 6 : 12 = 1 : 3 : 6

Gỉa sử: nC₃H₆ = 1 ⇒ n_CH4 = 3 ⇒ n_CO = 6

M_X = ( mC₃H₆ + mCH₄ + mCO ) / n_X = (42 + 16.3 + 6.28) / (1+3+6) = 25,8

⇒ d_X/H2 = 12,9

Đáp án A

Gọi công thức phân tử của X là: C_xH_y

C_xH_y + (x + y/4)CO₂ → xCO₂ + y/2H₂O

10ml → 10(x + y/4) →       10x (ml)

Ta có: V_O2 = 10(x + y/4) = 60 ml

             V_O2 = 10x = 40 ml

⇒ x = 4 và y = 8

⇒ X là C₄H₈

X làm mất màu dung dịch brom và có mạch cacbon phân nhánh

⇒ X là CH₂ = C(CH₃)₂.

Đáp án B.

khối lượng bình brom tăng 4,2g ⇒ mC₃H₆ = 4,2g ⇒ nC₃H₆ = 0,1

          ⇒ nAnkan = 0,2 – 0,1 = 0,1

     Đặt nC₂H₆ = a  ; nC₃H₈ = b

   Có a+ b = nAnkan = 0,1 (1)

       3a + 4b = nH₂O = 6,48 : 18 = 0,36 (2)

Từ (1) và (2) ⇒ a = 0,04  ;  b = 0,06

       ⇒ %V_C2H6 = 0,04 : 0,2 =  20%

            %V_C3H8 = 30%

            %V_C3H6 = 50% 

        Đáp án D.

n_X = 0,2

n_CO2 = 26,4 : 44 =0,6

n_H2O = 12,6 : 18 =0,7

n_CO2 < n_H2O ⇒ n_Ankan = n_H2O – n_CO2 = 0,7 – 0,6 = 0,1

⇒ n_Anken = 0,1

A và B có số C bằng nhau; số mol anken và ankan bằng nhau

 ⇒ số C/ Ankan hoặc Anken = 0,6 : 2 : 0,1 = 3

⇒ Ankan là C₃H₈

     Anken là C₃H₆.

Đáp án A

M_X = m_X : n_X = 12,4 : 0,3 = 41,33 < 42

Mà X chứa 1 anken và 1 ankin có cùng số C

⇒ Anken đó là C₃H₆ và Ankin đó là C₃H₄.

           Đặt nC₃H₆ = a ; nC₃H₄ = b

           Có a + b = n_X = 0,3 (1 )

                42a + 40b = m_X = 12,4   (2)

      Từ (1) và (2) ⇒ a = 0,2  ; b= 0,1

           Đáp án C.

n_A = 0,5

n_CO2 = 57,2 : 44 = 1,3

n_H2O = 1,3 = n_CO2 ⇒ X,Y là Anken

M_A = m_A : n_A = (m_C + m_H ) : n_A = ( 1,3.12 + 1,3.2) : 0,5 = 36,4

Mà X,Y liên tiếp nhau trong dãy đồng đẳng ⇒ X là C₂H₄ ; Y là C₃H₆.

Đặt nC₂H₄ = a ; nC₃H₆ = b.

Có a + b = n_A = 0,5 (1)

      2a + 3b = n_C = 1,3  (2)

Từ (1) và (2) ⇒ a = 0,2 ; b = 0,3

 ⇒ mC₂H₄= 5,6g

      mC₃H₆  = 12,6g

Đáp án C.

n_CO2 = 0,2 = 4 n_A ⇒ A có 4 C

⇒ A là C₄H₈

A tác dụng với dd HBr chỉ cho một sản phẩm duy nhất

⇒ CTCT của A là CH₃CH=CHCH₃

Đáp án D.

Đặt công thức chung của 2 chất đó là C_nH_2n (n >2 )

C_nH_2n + 3n/2 O₂  → nCO₂ + nH₂O

   1           3,75

⇒ 1 : (3n/2) = 1: 3,75 ⇒ n = 2,5

Ta có X chứa propen có số C > 2,5

⇒ trong X có 1 chất có số C < 2,5 ⇒ B là anken có 2 C

⇒ B là eten.

Đáp án A.

Hiđro hóa không làm thay đổi C trong hỗn hợp

Áp dụng định luật bảo toàn C ⇒ V = V_CO2 khi đốt cháy hỗn hợp = 4,48

Đáp án C.

nCO₂ = 0,15 ⇒ nC₂H₅OH = 0,15 : 2 = 0,075

C₂H₅OH → C₂H₄ + H₂O

 0,075       → 0,075

Bảo toàn nguyên tố H: nH₂O = 2 nC₂H₄ = 1,5 ⇒ a = 2,7g

Đáp án A.

n_X = 0,075

   có 4 gam brom đã phản ứng ⇒ n_{Br2 phản ứng}  = 0,025

   còn lại 1,12 lít khí ⇒ n_Ankan = 0,05

   ⇒ n _{khí tác dụng với Br2} = 0,075 – 0,05 = 0,025 = n_Br2

  ⇒ Khí đã tác dụng với Br₂ là Anken.

n_CO2 = 0,125 ⇒ n_C : n_X = 0,125 : 0,075 = 1,67

⇒ Trong X có 1 chất có số C < 1,67 ⇒ Ankan là CH₄

n _{CO2 do CH4} = n _CH4 = 0,05

⇒ n _{CO2 do anken} = 0,125 – 0,05 = 0,075 mol = 3n_anken

⇒ C/Anken = 3 ⇒ Anken đó là C₃H₆.

Đáp án C.

Gọi anken là: C_nH_2n  ⇒ n_CO2 = n_H2O = 0,1a

n_{NaOH ban đầu} = 0,5405

2NaOH + CO₂  →Na₂CO₃ + H₂O

    0,2n      0,1n

n_{NaOH lúc sau} =  0,5405 – 0,2n

m _{dd sau} = m _{dd bđ} + m _CO2 + m _H2O = 100 + 44.0,1n + 18.0,1n = 100 +6,2n

⇒ a = 2⇒ C₂H₄

Đáp án A.

Đốt cháy hỗn hợp X gồm 2 anken ⇒ n_CO2 = n_H2O

m_CO2 – m_H2O = 6,76

⇒ nCO₂ = nH₂O = 6,76 : (44 – 18) = 0,26

  Gọi công thức chung của 2 chất là C_nH_2n ( n>2)

⇒ n = 0,26 : 0,1 = 2,6

Mà 2 anken đồng đẳng kế tiếp ⇒ 2 anken đó là : C₂H₄ và C₃H₆

Đáp án A.

Gọi anken là: C_nH_2n

Áp dụng định luật bảo toàn khối lượng ta có: m_X = m_Y

Giả sử  n_X  =  10 mol ; n_Y = 7 mol;

Y không làm mất màu nước brom ⇒ Y không  có anken, anken tham gia phản ứng hết

n_{hỗn hợp khí giảm} = n_{H2 pư} = n _Anken = 10 – 7 = 3 mol

⇒ n _H2/X = 10 – 3 = 7 mol

m_X = m _H2 + m _anken = n_X. M_X = 10 .18,2 = 182g

⇒ 7.2 + 14n.7 = 182 ⇒ n =  4

⇒ Anken là C₄H₈

Mà anken có khả năng cộng HBr cho sản phẩm hữu cơ duy nhất

⇒ Anken là CH₃-CH=CH-CH₃ .

Đáp án A.

X, Y, Z là đồng đẳng kế tiếp ⇒ M_Z = M_X + 28

Mà M_Z = 2 M_X ⇒ M_X = 28 ; M_Z = 56

⇒ X là C₂H₄ ⇒ Y là C₃H₆

nCO₂ = 3nC₃H₆ = 0,3

nBa(OH)₂ = 2.0,1 = 0,2

 Ba(OH)₂ + CO₂ → BaCO₃ + H₂O

    0,2      →    0,2    → 0,2       (mol)

⇒ CO2 còn dư

BaCO₃ + CO₂  + H₂O → Ba(HCO₃)₂

    0,1   ← 0,1             →          0,1 (mol)

⇒ nBaCO₃ = 0,2 - 0,1 = 0,1 mol ⇒ m = 19,7g.

Đáp án A.

Đặt n_A = 1 ⇒ nO₂ = 10

số C_(A) = n  ⇒ nCO₂ = n

Hỗn hợp Z gồm O₂ và CO₂

⇒ nO₂ dư = n_CO2 = n ⇒ nO₂ phản ứng = 10 – n

Áp dụng định luật bảo toàn O có :

 2nO₂ phản ứng = 2nCO₂ + nH₂O

⇒ nH₂O = 2(10 – n) – 2n = 20 – 4n

⇒ số H_(A) = 40 – 8n

+ với n = 4 ⇒ số H_(A) = 8 ⇒ A là C₄H₈. 

Đáp án B.

n_CO2 = n_H2O

⇒ 2 chất là anken hoặc 1 chất là anken 1 chất là ankin với n_Ankan = n_Ankin

Đáp án D.

M_X = 21,8.2 = 43,6; n _X = 0,25 mol

⇒ m_X = 0,25.43,6 = 10,9g

n_CO2 = 3n_X = 0,75 ⇒ mCO₂ = 0,75.44 = 33g

m_H = m_X – m_C = 10,9 – 12.0,75 = 1,9 ⇒ n_H = 1,9 ⇒ n_H2O = 0,9 mol

 ⇒ m_H2O = 17,1g

Đáp án A.

n_Br2 = 0,3 ⇒ n_X = 0,3

nO₂ = 1,1

Gọi công thức chung của 2 anken là : C_nH_2n ( n>2 )

C_nH_2n + 3n/2 O₂ → nCO₂ + nH₂O

 0,3          1,1

⇒ 1 : (3n/2) = 0,3 : 1,1 ⇒ n = 2,44

⇒ A và B đều thỏa mãn.

Đáp án D.

nC₂H₄ → (-CH₂ – CHCl -)_n

Theo pt:          28n       →         62,5n    (kg)

Đề bài:            x                ←      5000  (kg)

x= 5000.28n/62,5n= 2240 (kg)

H = 80% ⇒ m_C2H4 = 2240 : 80% = 2800(kg)

 Đáp án C.

Đốt cháy một số mol như nhau của 3 hiđrocacbon K, L, M ta thu được lượng CO₂ như nhau ⇒ 3 chất có cùng số C.

tỉ lệ số mol nước và CO₂ đối với số mol của K, L, M tương ứng là 0,5 ; 1 ; 1,5

⇒ Số H trong K, L, M tương ứng = 1 : 2 : 3

⇒ C₂H₂ , C₂H₄ , C₂H₆.

Đáp án D.

3C₂H₄ + 2KMnO4 + 4H₂O →  2KOH  + 2MnO₂ + 3C₂H₄(OH)₂

0,1875   ← 0,125                               →                          0,1875 (mol)

Etilen dư

⇒ m C₂H₄(OH)₂    = 0,1875. 62 =    11,625g

Đáp án A.

nKMnO₄ = 0,04

3C₂H₄ + 2KMnO₄ + 4H₂O →  2KOH  + 2MnO₂ + 3C₂H₄(OH)₂

   0,06   ←   0,04

⇒ V = 1,344l

Đáp án D.

C₂H₅OH → C₂H₄ + H₂O

n_C2H5OH = 230 : 46 = 5 mol = n_C2H4

m_C2H4 = 5.28.40% = 56g

Đáp án A.