A. Fe + HNO3 → Fe(NO3)3 + NO + H2O

B. FeO + H2SO4 → FeSO4 + H2O

C. Fe(OH)2 + HCl → FeCl2 + H2O

D. Fe + CuCl2 → FeCl2 + Cu

Chọn A

HCOOC2H5 + NaOH → HCOONa + C2H5OH

nC2H5OH = nHCOOC2H5 = 0,1

→ mC2H5OH = 4,6 gam

Chọn A

Thí nghiệm mà Fe có bị ăn mòn điện hóa học là nhúng thanh gang (hợp kim sắt và cacbon) vào dung dịch HCl: Cặp điện cực Fe-C tiếp xúc với nhau và cùng tiếp xúc với môi trường điện li nên có ăn mòn điện hóa.

Chọn D

Có 3 trường hợp xảy ra phản ứng:

Fe + H2SO4 loãng → FeSO4 + H2

Fe + CuCl2 → FeCl2 + Cu

Fe + 2AgNO3 → Fe(NO3)2 + 2Ag

Chọn D

A. Đúng: (RCOO)3C3H5 + OH- → RCOO- + C3H5(OH)3 (RCOOH là axit béo)

B. Sai, chất béo là trieste của glyxerol với các axit béo.

C. Đúng.

D. Đúng, triolein (C17H33COO)3C3H5 có 3C=C nên có khả năng tham gia phản ứng cộng brom.

Chọn B

Polisaccarit X là chất rắn dạng sợi, màu trắng, không mùi vị. X có nhiều trong bông nõn, gỗ, đay, gai → X là xenlulozơ.

Thủy phân X thu được monosaccarit Y → Y là glucozơ:

(C6H10O5)n + nH2O → nC6H12O6

A. Sai, X có mạch không phân nhánh

B. Sai, MY = 180

C. Sai, Y tan tốt trong nước lạnh

D. Đúng:

CH2OH-(CHOH)4-CHO + AgNO3 + NH3 + H2O → CH2OH-(CHOH)4-COONH4 (amoni gluconat) + NH4NO3 + Ag

Chọn D

Cho Na vào dung dịch CuCl2 hiện tượng quan sát được là: Sủi bọt khí và xuất hiện kết tủa xanh.

2Na + 2H2O → 2NaOH + H2

2NaOH + CuCl2 → Cu(OH)2 + 2NaCl

Chọn D

A. Tạo kết tủa trắng:

B. Không tạo kết tủa:

H2N-CH(CH3)-COOH + HCl → ClH3N-CH(CH3)-COOH

C. Tạo kết tủa nâu đỏ:

CH3NH2 + H2O + FeCl3 → Fe(OH)3 + CH3NH3Cl

D. Không tạo kết tủa:

H2N-CH2-COOH + NaOH → H2N-CH2-COONa + H2O

Chọn A

nH2O = nHCl/2 = 0,15

Bảo toàn khối lượng → m muối = 18,35 gam

Chọn A

C6H12O6 → 2C2H5OH + 2CO2

nCO2 = 0,3 → nC6H12O6 phản ứng = 0,15

→ mC6H12O6 cần dùng = 0,15.180/75% = 36 gam

Chọn C

A. Fe(NO3)2 + AgNO3 → Fe(NO3)3 + Ag

B. Fe + FeCl3 dư → FeCl2

C. Fe + CuSO4 → FeSO4 + Cu

D. Fe + AgNO3 → Fe(NO3)2 + Ag

Chọn B

A. Sai, đồng trùng hợp buta-1,3-đien với acrilonitrin có xúc tác Na được cao su Buna-N.

B. Đúng

C. Sai, tơ  visco là tơ bán tổng hợp.

D. Sai, trùng hợp stiren thu được polistiren.

 Chọn B

A. MgCl2 + NaOH → Mg(OH)2 + NaCl

B. Không phản ứng

C. H2SO4 + NaOH → Na2SO4 + H2O

D. Al(OH)3 + NaOH → NaAlO2 + H2O

Chọn B

Amin đơn chức nên nAmin = nHCl = 0,2

→ M amin = 59: C3H9N

Chọn D

X + AgNO3/NH3

X + NaOH

X không đổi màu quỳ tím

→ Chọn X là metyl fomat (HCOOCH3).

Chọn B

X là CaCO3, Y là CaO, Z là CO2, T là Ca(OH)2

F là NaHCO3; G là NaOH, H là Na2CO3

(1) Đúng, CaO tan trong nước tạo môi trường kiềm trung hòa axit, làm giảm độ chua của đất.

(2) Sai, điều chế NaOH bằng cách điện phân dung dịch NaCl có màng ngăn.

(3) Đúng, CO2 dạng rắn chính là nước đá khô.

(4) Đúng, F làm bột nở.

(5) Đúng, dùng Ca(OH)2 vừa đủ hoặc Na2CO3 để làm mềm nước có tính cứng tạm thời.

Chọn A

(a) Đúng, do este không có liên kết H liên phân tử như axit, ancol nên este có nhiệt độ sôi thấp hơn axit và ancol có cùng cacbon.

(b) Đúng, chuối xanh có tinh bột nên tạo màu xanh tím với I2.

(c) Đúng

(d) Sai, nilon-6,6 có nhóm -CONH- dễ bị thủy phân trong kiềm.

Chọn C

nAl ban đầu = nAl(OH)3 = 0,1

nH2 = 0,03 → nAl dư = 0,02

Bảo toàn Al → nAl2O3 = 0,04

Quy đổi X thành Al (0,1), Fe và O (0,04.3 = 0,12)

mFe = mX – mAl – mO = 5,04

nSO42- (muối) = nSO2 = 0,11

→ m muối = 5,04 + 0,11.96 = 15,6 gam

Chọn B

X là HO−CH2−COO−CH2−COO−C2H5

X1 là HO−CH2−COONa; X2 là C2H5OH

X3 là HO−CH2−COOH

Y là (COOC2H5)2; Y1 là (COONa)2; Y2 là (COOH)2

Y3 là HOOC−COO−C2H5

(1) Sai, bằng phản ứng thủy phân và lên men: (C6H10O5)n → C6H12O6 → C2H5OH

(2) Đúng: MY3 = 118

(3) Sai, Y2 có nhiệt độ sôi cao hơn X3 do MY2 > MX3.

(4) Sai: 1 mol X1 tạo 1,5 mol CO2; 1 mol Y1 tạo 1 mol CO2

2C2H3O3Na + 3O2 → Na2CO3 + 3CO2 + 3H2O

(COONa)2 + 0,5O2 → Na2CO3 + CO2

Chọn C

X chứa C2H5OH (a) và CH3OH (b)

mX = 46a + 32b = 46,032

Bảo toàn năng lượng: 1370a + 716b = 1370,716

→ a = 1; b = 0,001

→ %CH3OH = 32b/46,032 = 0,07% (C, D sai)

VC2H5OH = 46a/0,8 = 57,5 ml = 0,0575 lít

mCH3OH = 0,032 gam = 32 mg

0,0575 lít etanol chứa 32 mg CH3OH

→ 1 lít etanol chứa 556,5 mg CH3OH > 100 nên không đạt tiêu chuẩn để pha chế rượu uống (A đúng)

B sai:

nH2 = a/2 + b/2 = 0,5005 → VH2 = 11,2112 lít

Chọn A

nBr2 = 0,114

Quy đổi X thành (HCOO)3C3H5 (u), CH2 (v) và H2 (-0,114)

nCO2 = 6u + v = 1,662

nH2O = 4u + v – 0,114 = 1,488

→ u = 0,03 và v = 1,482

→ nA = 0,012 và nB = 0,018

Muối gồm:

C17H33COONa: a mol

C17H31COONa: b mol

C15H31COONa: c mol

nNaOH = a + b + c = 3u = 0,09

nBr2 = a + 2b = 0,114

nCH2 = 17a + 17b + 15c = 1,482

→ a = 0,018; b = 0,048; c = 0,024

a = nB → Chỉ có 1 gốc C17H33COO- nằm trong B

b = nA + 2nB → A có 1 gốc, B có 2 gốc C17H31COO-

A là (C15H31COO)2(C17H31COO)C3H5

B là (C17H31COO)2(C17H33COO)C3H5

→ mC17H31COONa = 14,496 và mA = 9,96

Chọn C

 (1) Đúng: 2NaOH + Al2O3 → 2NaAlO2 + H2O

(2) Sai, gang là hợp kim của sắt với cacbon.

(3) Đúng, do bề mặt nhôm có lớp Al2O3 mỏng, bền bảo vệ.

(4) Đúng, do phèn chua chứa Al3+ dễ bị thủy phân tạo kết tủa keo Al(OH)3 kết dính các chất lơ lửng, lắng xuống làm nước trong.

(5) Sai, thu được dung dịch chứa 1 chất tan là JHCO3

KOH + Ca(HCO3)2 → CaCO3 + KHCO3 + H2O

(6) Sai, Cu khử Fe3+ trong dung dịch:

Cu + Fe3+ → Cu2+ + Fe2+

Chọn C

A. Thu được dung dịch chứa 1 muối là NaCl:

HCl + Na2CO3 → NaHCO3 + NaCl

NaHCO3 + HCl → NaCl + CO2 + H2O

B. Thu được dung dịch chứa 1 muối là Ba(HCO3)2.

C. Thu được dung dịch chứa 3 muối là NaCl, Na2HPO4 và Na3PO4 dư.

HCl + Na3PO4 → Na2HPO4 + NaCl

D. Thu được dung dịch chứa 2 muối là CuCl2, FeCl2:

Cu + Fe3O4 + 8HCl → CuCl2 + 3FeCl2 + 4H2O

Chọn D

Trong 17370s (tính từ t đến t + 17370) có ne = 0,09

nCu = 0,075 – 0,06 = 0,015 → nH2 = 0,03

→ n khí anot = 0,075 – 0,03 = 0,045 → Chỉ có Cl2.

→ a = 0,06 và ne trong t giây = 0,12

→ ne trong 3t giây = 0,36

Trong 3t giây:

Catot: nCu = 0,075 → nH2 = 0,105

Anot: nCl2 = x và nO2 = y → 2x + 4y = 0,36

n khí tổng = x + y + 0,105 = 4,5.0,06

→ x = 0,15; y = 0,015

nCuSO4 = nCu max = 0,075; nKCl = 2x = 0,3

→ m = 34,35 gam

Chọn D

Kim loại không tan là Cu → Y chứa FeCl2 (x) và CuCl2 (y)

m↓ = 143,5(2x + 2y) + 108x = 172,35

Bảo toàn Cl → nHCl = 2x + 2y

Bảo toàn H → nH2O = x + y – 0,05

mX = 56x + 64y + 16(x + y – 0,05) + 3,2 + 0,1.44 = 39,6

→ x = 0,4; y = 0,05

Bảo toàn Cu → nCuO = 0,1 → mCuO = 8 gam

Chọn D

nH2 = 0,18 → nAl = 0,12

→ nAl2O3 = (mX – mAl)/102 = 0,04

Bảo toàn Na và Al → nNaOH = nNaAlO2 = 0,2

→ V = 0,2 lít

Chọn A

nNaOH = 0,25 > nE nên E gồm este của ancol (u mol) và este của phenol (v mol)

nE = u + v = 0,22 và nNaOH = u + 2v = 0,25

→ u = 0,19 và v = 0,03

→ M ancol = 7,2/u = 37,89 → CH3OH (0,11) và C2H5OH (0,08)

→ a gam muối gồm ACOONa (0,22) và BONa (0,03)

→ b gam muối gồm ACOONa (22p), BONa (3p)

Bảo toàn Na → nNa2CO3 = 12,5p

nCO2 = 1,287; nH2O = 0,819

Bảo toàn O:

2.22p + 3p + 1,611.2 = 3.12,5p + 1,287.2 + 0,819

→ p = 0,018

Đặt n, m là số C của muối cacboxylat và phenolat

→ nC = 22pn + 3pm = 1,287 + 12,5p

→ 22n + 3m = 84

Các muối cacboxylat cùng C nên n ≥ 3, mặt khác m ≥ 6 nên n = 3, m = 6 là nghiệm duy nhất.

Trong a gam muối có CH≡C-COONa, CH2=CH-COONa, C2H5COONa và C6H5ONa (0,03)

nH của a gam muối = 0,819.2.0,25/25p = 0,91

MX < MY < MZ nên Z là este của phenol

Y no nên Y là C2H5COOC2H5 (0,08)

Nếu X là CH≡C-COOCH3 (0,11) và Z là CH2=CH-COOC6H5 (0,03)

→ nH của a gam muối = 0,08.5 + 0,11.1 + 0,03.8 = 0,75 ≠ 0,91: Loại.

Vậy X là CH2=CH-COOCH3 (0,11) và Z là CH≡C-COOC6H5 (0,03)

(nH của a gam muối = 0,08.5 + 0,11.3 + 0,03.6 = 0,91: Thỏa mãn)

→ mZ = 4,38 gam

Chọn C