Do A không phản ứng với Brom , mạch hở => A là ankan;

B phản ứng với Brom tỉ lệ 1:1, mạch hở =>B  là anken.

Hidro hóa X tạo 2 chất trong Y

=> B + H₂ tạo A

=> A không thể là CH₄

Khi đốt cháy Y

=> n_CO2 = n_{kết tủa} = 0,18 mol 

Có m_{bình tăng} = m_CO2 + m_H2O

=> n_H2O = 0,5 mol > 3n_CO2

=> Chứng tỏ H₂ dư

=>  Y gồm H₂ dư và A

Có n_H2 ban đầu = 0,25 mol . Gọi n_{H2 phản ứng} = b mol

=> n_B =b mol => n_A sau phản ứng  = (b+ a) mol ( a là số mol A ban đầu)

=> n_{H2 dư} = (0,25 – b) mol

=>n_Y = (0,25 + a) mol = n_H2O – n_CO2 = 0,32 mol

=>a = 0,07 mol

=> n_{A (Y)} = (a + b) > 0,07 mol

=> Số C trung bình trong A < 0,18/0,07 = 2,6

=>Do A không thể là CH₄ => A là C₂H₆ ; B là C₂H₄.

=> a + b = 0,18/2 = 0,09 mol => b = 0,02 mol

=>Trong X có 0,02 mol C₂H₄ ; 0,07 mol C₂H₆

=>Các ý đúng là : (b) ; (c) => 2 ý đúng

=>B

Đặt M_y = x => M_X = 6x – 5.18 = 6x – 90

Ta có n_KOH = ( số liên kết peptit + 1).n_X = 0,6 mol

=> n_X = 0,1 mol = n_{H2O tạo thành}

=>Bảo toàn khối lượng : m = 44,4g

=>M_X = 444 = 6x – 90

=> x = 89 = M_Y

=>A

Các chất thỏa mãn là : Cl₂ ; NO₂ ; K₂Cr₂O₇ ; KHS ; CrO₃ ; Pb(NO₃)₂

( SiO₂ chỉ tan trong kiềm đặc )

=> có 6 chất

=>B

+/ CH₃COONa + NaOH → CH₄ + Na₂CO₃

=>n_Y = n_{muối axetat} = 0,21 mol

=>V = 4,704 l

=>B

Gọi hóa trị của R là n và số mol Sn và R lần lượt là a và b mol

+/ Khi phản ứng với HCl :

                        Sn + HCl → SnCl₂ + H₂

                       R + nHCl → RCl_n + 0,5nH₂

+/ Khi đốt trong oxi :

                       Sn + O₂ → SnO₂

                       2R + 0,5nO₂ → R₂O_n

=> Ta có : n_H2 = a + 0,5nb = 0,225 mol

Và  n_O2 = a + 0,25nb = 0,165 mol

=> a = 0,105 mol ; nb = 0,24 mol

Có m_muối = 0,105.190 + 0,24/n . (R + 35,5n) = 36,27

=>R = 32,5n

=>Cặp n =2 ; R =65 (Zn) thỏa mãn

=>B

Từ dữ kiện đề bài => CT của peptit là : Gly-Ala-Gly-Gly-Val

=> amino axit đầu N là Gly ; đầu C là Val

=>B

Do n_Al  : n_Fe = 2 : 1 và 27n_Al + 56n_Fe = 7,15g

=> n_Al  = 0,13 mol ; n_Fe = 0,065 mol

n_AgNO3 = 0,39 mol. Phản ứng xảy ra :

+/ Al + 3Ag⁺ → Al³⁺ + 3Ag

=>sau phản ứng có 0,39 mol Ag và 0,065 mol Fe

=> m = 45,76g

=>C

Các chất tham gia phản ứng trùng ngưng phải có ít nhất 2 nhóm chức có khả năng phản ứng. Đặc biệt , phenol có thể trùng ngưng với HCHO tạo nhựa rezol , rezit , Bakelit dù chỉ có 1 nhóm chức –OH.

=>tất cả các chất thỏa mãn

=>A

Khi phản ứng với Na : n_OH = 2n_H2 = 0,036 mol

Khi đốt cháy X => bảo toàn O : 2n_CO2 + n_H2O = 2n_O2 + n_O(X) = 0,408 mol

Vì n_O = 2n_etylenGlicol + n_ancoletylic + n_{ancol propylic}

Mà n_etylenGlycol = n_Hexan

n_O  = n_EtylenGlycol + n_{ancol Etylic} + n_{ancol Propylic} + n_Hexan = n_X = 0,036 mol

Do các chất trong X đều no và không có liên kết kép hay vòng

=> n_H2O – n_CO2 = n_X = 0,036 mol

=>n_CO2 = 0,124 mol ; n_H2O = 0,16 mol

=>Bảo toàn khối lượng : m = 2,384g

=>D

Các quá trình thuộc loại OXH-K là :

Na₂Cr₂O₇ → Cr₂O₃ ;         Cr₂O₃ → Cr ;

Cr → CrCl₂ ;                     Cr(OH)₂ → Cr(OH)₃ ;

KCrO₂ → K₂CrO₄ ;         K₂Cr₂O₇ → Cr₂(SO₄)₃

=> có 6 quá trình thỏa mãn

=>D

Có n_NaOH = 0,8 mol ; n_{H2SO4 trung hòa} = 0,1 mol

=>n_{NaOH phản ứng với X} = 0,8 – 0,1.2 = 0,6 mol = 3n_X

=>X phải có CT là HCOO-C₆H₄-OH

=>Chất rắn sau cô cạn có : 0,1 mol Na₂SO₄ ; 0,2 mol HCOONa ; 0,2 mol C₆H₄(ONa)₂

=>m = 58,6g

=>C

Đi peptit chỉ có 1 liên kết peptit

=>A sai

=>A

Ta có  m_C : m_H : m_O : m_N = 45 : 7,5 : 30 : 17,5

=> n_C : n_H : n_O : n_N = 6 : 12 : 3 : 2

CTĐ nhất và cũng là CTPT của X là C₆H₁₂O₃N₂

Khi đốt : n_X = n_N2 = 0,01 mol ( 224 ml khí thoát ra chính là N₂ )

=> n_CO2 = 0,06 mol

Trong Y có : n_KOH = 0,008 mol ; n_Ca(OH)2 = 0,05 mol

=>n_CO32- = n_OH- - n_CO2 = 0,108 – 0,06 = 0,048 mol

Và n_HCO3- = n_CO2 - n_CO32- = 0,012 mol

=>thu được kết tủa là 0,048 mol CaCO₃

=>Trong dung dịch sau chỉ còn 0,008 mol KHCO₃ ; 0,002 mol Ca(HCO₃)₂

=>Sau cô cạn thì muối chuyển thành 0,04 mol K₂CO₃ và 0,002 mol CaCO₃

=> m = 0,752g gần nhất với giá trị 0,8g

=>B

Các chất thỏa  mãn là : CuSO₄ ; Pb(NO₃)₂ ; HCl ; Fe(NO₃)₃

=> có 4 TH thỏa mãn

=>D

Ta có n_NaOH = 0,006 mol ; n_H2SO4 = 0,028 mol

=>n_{H2SO4 phản ứng X} = 0,05 mol = n_X

=>các amino axit trong X chỉ chứa 1 nhóm NH₂.

+/ Xét ½ X có số mol 0,025 . n_Ba(OH)2 = 0,015 mol

=>Lượng OH^- trung hòa ½ X là 0,03 mol > 0,025

=>Trong X có 1 amino axit có 1 nhóm COOH ; axit còn lại có 2 nhóm COOH

=> n_{aa có 2 nhóm COOH} = 0,005 mol ; n_{aa có 1 nhóm COOH} = 0,02 mol

Đặt CT 2 amino axit là R₁(NH₂)(COOH) ; R₂(NH₂)(COOH)₂

=>Tạo muối với Ba(OH)₂ và n_H2O = n_OH- = 0,03 mol

Bảo toàn Khối lượng : m_{1/2 X}= 2,235g

=> 0,02.( R₁ + 61) + 0,005.(R₂ + 106) = 2,235

=> 4R₁ + R₂ = 97

=>R₁ = 14 (CH₂) và R₂ = 41 ( C₃H₅) TM

=> Do M_B > M_A => B là NH₂-C₃H₅-(COOH)₂

=>%m_M(X) = 32,89%

=>D

8P + 10NH₄ClO₄ → 8H₃PO₄ + 5N₂ + 5Cl₂ + 8H₂O.

=> a + b = 8 + 10 = 18

=>A

=>B

Sau phản ứng có Al dư do phản ứng với NaOH tạo H₂

=> n_{Al dư} = 2/3 .n_H2 = 0,02 mol

Sau phản ứng có Al và Al₂O₃ + NaOH => NaAlO₂

Bảo toàn Al ta có :

2n_{Al2O3 sau nung}= n_{Al dư} + 2n_Al2O3 => n_Al2O3 = 0,04 mol

=>n_{Al ban đầu} = 0,1 mol

Do các phản ứng hàn toàn , mà khi nhiệt nhôm Al dư => oxit sắt  hết

=>D chỉ có Fe

=>Bảo toàn e : 3n_Fe = 2n_SO2  => n_Fe = 0,08 mol

Bảo toàn khối lượng : m_A = m_B = m_Fe + m_Al  + m_Al2O3 = 9,1g

=>%m_Al(A) = 29,67% gần nhất với giá trị 24%

=>A

M_y = 122g => n = 7 => Y là C₇H₆O₂ .Y phản ứng được với Na₂CO₃

=> Y phải là phenol hoặc axit đơn chức

=>C và D loại .

Do X phản ứng được cả Na và tráng gương nên X vừa phải có nhóm CHO vừa phải có nhóm OH đính vào vòng

=>X phải là tạp chức ; không phải đa chức vì trong X chỉ có 2 Oxi => chỉ có 1 nhòm CHO và 1 nhóm OH

=>Loại B

=>A đúng

=>A

(1) Anđehit vừa thể hiện tính oxi hóa vừa thể hiện tính khử.

     =>Đúng.

(2) Các ankylbenzen đều làm mất màu nước brom và dung dịch thuốc tím.

     => Sai. Các chất này không thể phản ứng với nước Brom và thuốc tím.

(3) Vinylbenzen, vinylaxetilen, vinyl axetat, vinyl clorua đều có thể tham gia phản ứng trùng hợp.

     => Đúng.

(4) Các dung dịch: etylen glicol, glixerol, glucozơ đều hòa tan được Cu(OH)₂.

     =>Đúng. Các chất này có các nhóm OH kề nhau nên có thể hòa tan Cu(OH)₂

(5) Toluen, axeton, axit axetic, phenol đều làm đổi màu quỳ tím ẩm. 

     =>Sai. Do chỉ có acid acetic làm đổi màu quì tím.

=>Có 3 ý đúng (1);(3);(4)

=>D

(a) Este là những hợp chất hữu cơ đơn chức có chứa nhóm cacboxylat.

          => Sai. Este có thể đa chức và chứa nhóm Cacboxyl ; không phải cacboxylat.

   (b) Chất béo là trieste của glixerol với axit monocacboxylic no hoặc không no.

     => Sai. Do axit phải là  axit béo .

   (c) Xà phòng là hỗn hợp muối natri hoặc kali của axit ađipic.

     => Sai. Xà phòng là muối của axit béo ; Không phải của axit adipic.

   (d) Ancol là hợp chất hữu cơ có nhóm OH liên kết trực tiếp với nguyên tử cacbon no.

     => Đúng.

=>Có 3 ý sai.

=>B

Na₂HPO₃ là muối trung hòa.

=>B

Cực dương trong pin điện luôn xảy ra quá trình khử.

Ở đây khử H⁺

=>D

Do có thể điều chế ancol từ bậc 1 đến bậc 3

=> X phải có CT là : CH₃-CH(CH₃)-CH₂-CH₂-Cl

=>Tên gọi :  1-clo-3metylbutan

=>D

(1) Cho Ba kim loại vào dung dịch Cu(NO₃)₂

     ( tạo Cu(OH)₂ )

(3) Cho dung dịch FeCl₃ vào dung dịch AgNO₃;

     ( tạo AgCl )

(4) Sục khí axetilen vào dung dịch KMnO₄.

    ( phản ứng OXH-K tạo MnO₂ )

(5) Cho dung dịch Na₂S₂O₃ vào dung dịch H₂SO₄ loãng;       

    ( Na₂S₂O₃ + 2H⁺ → 2Na⁺ + S + SO₂ + H₂O )

(6) Cho nhôm cacbua (Al₄C₃) vào nước.

    ( tạo Al(OH)₃ )

Có 5 TN thỏa mãn

=>B

Do các chất có M xấp xỉ nhau nên ta xét đến khả năng tạo liên kết H

=>(CH₃)₃N yếu nhất trong khả năng này

=>Có nhiệt độ sôi thấp nhất

=>D

Gọi số liên kết peptit là x.

=>n_{NaOH phản ứng}  = (x + 1).0,02 mol  và n_H2O = 0,02 mol

=>n_{NaOH dùng} = (x + 1).0,02. 140/100 = (x+1).0,028 (mol)

m_tăng = m_rắn – m_A = m_{NaOH dùng} – m_H2O ( theo bảo toàn khối lượng )

=> 8,6 = (x+1).0,028.40 – 0,02.18

=>x = 7

=>A

Sơ đồ phản ứng : 2nCH₄ → nC₂H₂ → nC₂H₃Cl→ (-CH₂-CHCl-)_n

Cứ (16.2n) g CH₄ tạo ra (62, 5.n) g PVC theo lý thuyết

=> Để tạo 1 tấn PVC cần 0,512 tấn CH₄

Mà H = 20%  => Khối lượng CH₄ thực tế phải dùng là : 2,56 tấn

=> n_CH4 = 0,16 tấn mol => n_{Khí thiên nhiên} = 0,188 tấn mol

=> V = 4216,47 m³

=>D

C₆H₅NHC₂H₅ có tên thay thế là : N-etylbenzenamin

=>A

(a) Glucozơ và mantozơ đều có cả tính oxi hoá và tính khử.

     => Đúng. Do cả 2 đều có nhóm OH hemiacetal hoạt động.

  (b) Tất cả các este đều không tham gia phản ứng tráng bạc.

     =>Sai. Este của axit fomic có tham gia phản ứng tráng bạc.

  (c) Phản ứng thủy phân este trong môi trường axit là phản ứng thuận nghịch.

     => Đúng

  (d) Triolein và trilinolein là 2 chất đồng phân.

     => Sai. Chúng có CTPT khác nhau

=>Có 2 ý đúng

=>B

Qui hỗn hợp về dạng : x mol Fe ; y mol FeO ; z mol Fe₂O₃

=> m_hh = 56x + 72y + 160z = 26 (1)

Có n_HCl = 2x + 2y + 6z = 0,91 mol (2)

Và n_H2 = n_Fe = x = 0,195 mol (3)

Từ (1) ; (2) ; (3) => y = z = 0,065 mol

=> Khi nung kết tủa thì sản phẩm chỉ còn Fe₂O₃

Bảo toàn Fe : n_Fe2O3 = ½ n_{Fe(hh đầu)} = ½ . ( x + y + 2z) = 0,195 mol

=>m = 31,2g

=>B

A. Oxi hóa glucozơ cũng như fructozơ bằng hiđro (Ni, t^oC) đều thu được sobitol.

     =>Sai. Phải là Khử bằng Hidro.

B. Trong công nghiệp điều chế glucozơ bằng cách thủy phân tinh bột trong môi trường kiềm.

     => Sai. Thủy phân trong môi trường axit.

C. Thủy phân đến cùng sacarozơ, tinh bột, xenlulozơ chỉ thu được glucozơ.

     =>Sai. Thủy phân Saccarose còn tạo ra Fructose

D. Nhiệt độ nóng chảy của α-glucozơ thấp hơn nhiệt độ nóng chảy của β-glucozơ.

     =>Đúng.

=>D

X có a mol CH$\equiv$C-CH=CH₂ và b mol CH₂=CH-CHO

Khi phản ứng với Br₂ : n_Br2 = 3a + 2b = 0,34 mol

Khi phản ứng với AgNO₃/NH₃ thu được : a mol AgC$\equiv$C-CH=CH₂ và 2b mol Ag

=> m_{kết tủa} = 159a + 216b = 26,82g

=> a = 0,06 mol ; b = 0,08 mol

=> a : b  = 3 : 4

=>A

=>A

Trong X có : n_Fe3O4 = 0,03 mol ; n_CuO = 0,02 mol

Khi phản ứng với HCl vừa đủ thì trong dung dịch có :

0,02 mol Cu²⁺ ; 0,03 mol Fe²⁺ ; 0,06 mol Fe³⁺ ; 0,28 mol Cl^- .

Khi điện phân :

     +/ Anot : 2Cl^- → Cl₂ + 2e

     +/ Catot : Fe³⁺ + 1e → Fe²⁺ (1)

                   Cu²⁺ + 2e → Cu   (2)

                   Fe²⁺ + 2e → Fe    (3)

Nếu dung dịch chỉ giảm khối lượng vì Cl₂ bay ra , chỉ xảy ra (1) ở Catot

=> n_{e trao đổi} = 0,06 mol => m_Cl2  = 2.13g < 11,18g =>Loại

Nếu (10 và (20 xảy ra vừa đủ => n_{e trao đổi} = 0,1 mol

=> m_giảm = m_Cl2 + m_Cu = 4,83g < 11,18 =>Loại

Vậy xảy ra cả (1) ; (2) ; (3)

Đặt n_{Fe2+ phản ứng} = a mol

=> n_{e trao đổi} = (0,1 + 2a) mol => n_Cl2 = (0,05 + a) mol

=>m_Giảm = 0,02.64 + 56a + 71.(0,05 + a) = 11,18

=> a = 0,05 mol

=>n_{Fe2+ dư} = 0,03 + 0,06 – 0,05 = 0,04 mol

Khi phản ứng với KMnO₄ tạo MnSO₄ ; Fe²⁺ bị OXH thành Fe³⁺

Bảo toàn e : n_Fe2+ = 5n_KMnO4 => 0,04 = 5.0,1V

=>V = 0,08 l = 80 ml

=>B

1 mol X tráng bạc tạo 2 mol Ag => X có 1 nhóm CHO

1 mol X phản ứng tối đa với 2 mol H₂ => X có 2 liên kết pi

=>X có 1 liên kết đôi ở gốc hidrocacbon. Mà số C trong X < 4

=>X phải là : CH₂=CH-CHO 

=>M_X = 56

=>D

Có n_Ba = 0,1 mol ; n_HCl = 0,1 mol

=>Khi phản ứng : n_BaCl2 = 0,05 mol ; n_Ba(OH)2 = 0,05 mol

Có n_FeSO4 = 0,07 mol

=>Kết tủa gồm : 0,07 mol BaSO₄ và 0,05 mol Fe(OH)₂

=> Khi nung nóng ngoài không khí : F gồm 0,07 mol BaSO₄ và 0,025 mol Fe₂O₃

=> m_F = 20,31gam

=>D

A. Nước chứa ít Ca²⁺, Mg²⁺ hay không có chứa 2 loại ion này là nước mềm.

     =>Đúng.

B. Nước có chứa nhiều ion Ca²⁺, Mg²⁺ là nước cứng.

     =>Đúng

C. Nước cứng có chứa đồng thời các ion HCO₃^-, SO₄^2-, Cl^- là nước cứng toàn phần.

     =>Đúng

D. Nước có chứa Cl^- hay SO₄^2- hoặc cả 2 loại ion này là nước cứng tạm thời.

         =>Sai. Nước cứng tạm thời chứa anion HCO₃^- .

=>D

Các cân bằng có tổng số mol các chất khí tham gia bằng sản phẩm thì không chịu sự ảnh hưởng của áp suất về sự dịch chuyển cân bằng.

=>Cac cân bằng đó là : (3) ; (4) ; (5)

=>C

Dùng Ba(OH)₂ vì :

     +/ AlCl₃ : tạo kết tủa keo Al(OH)₃ ; sau đó kết tủa tan .

     +/ NaNO₃ : không hiện tượng.

     +/ K₂SO₄ : tạo kết tủa trắng BaSO₄.

     +/ NH₄NO₃ : tạo khí mùi khai.

=>C

A phản ứng với NaOH tỉ lệ mol 1 : 3 thu được ancol etylic

=> A có nhóm chức este COO- và không phải axit

=>A có CT là : (Cl)₂CHCOOC₂H₅

=> sản phẩm rắn sau cô cạn gồm : 0,2 mol NaCl ; 0, 1 mol OHC-COONa

=> m = 21,3 g

=>D

Mục đích là để giảm nhiệt độ nóng chảy của NaCl xuống, từ đó tiết kiệm năng lượng vào tăng lượng Na được điều chế.

=>C

Mục đích là để giảm nhiệt độ nóng chảy của NaCl xuống, từ đó tiết kiệm năng lượng vào tăng lượng Na được điều chế.

=>C

Do NH₃ nhẹ hơn không khí và tan tốt trong nước nên phương pháp thu khí NH₃ tốt nhất là bình úp ngược trong không khí

=>Hình 1

=>A

Do X và Y liên tiếp trong bảng tuần hoàn => p_Y – p_X = 1

Mà : (p_X + e_X ⁾ + ⁽p_Y + e_Y)= 66  => p_X + p_Y = 33

=> p_X = 16 ( S ) ; p_Y = 17 ( Cl )

=>A

Có n_CO2 = 0,4 mol ;n_H2O = 0,4 mol

Do n_CO2 = n_H2O ; Mà axit có 2 pi trong phân tử

=> ancol phải no và số mol X và Y bằng nhau và giả sử = x mol

Bảo toàn khối lượng : m_O2 + m_E = m_CO2 + m_H2O

=> n_O2 = 0,48 mol

Bảo toàn O : n_O(E) = 2x + x = 2n_CO2 + n_H2O – 2n_O2 = 0,24 mol

=> x= 0,08 mol

=> số C trung bình = 2,5. Mà X phải có số C >2

=> Y phải là CH₃OH hoặc C₂H₅OH.

Có m_E = 0,08.M_X + 0,08.M_Y

=>M_X +M_Y = 118

+/ Y là CH₃OH => M_X = 86 => X là  C₃H₅COOH

+/ Y là C₂H₅OH => M_X = 72 => X là C₂H₃COOH

Ta thấy xét cả 2 trường hợp thì đều tạo este có CTPT là : C₅H₈O₂

=> n_Este = 0,6.0,08 = 0,048 mol

=> m = 4,8g

=>B