Do khí thoát ra chủ yếu là NO2 nên dùng chất kiềm tẩm vào bông nút chặt ống nghiệm sẽ phản ứng với NO2

tạo muối, không thoát ra ngoài môi trường gây ô nhiễm.

 =>A 

n Fe2(SO4)3 = 0,02 mol ; n Al2(SO4)3 = 0,04 mol

 Chất rắn chắc chắn có Fe2O3 , có thể có Al2O3

 => n Fe2O3 = n Fe2(SO4)3 = 0,02 mol

 => nAl2O3 = 0,02 mol => n Al(OH)3 = 0,04 mol < n Al3+ .

Xét 2 TH:

 +/ TH1: tạo kết tủa , kết tủa không tan

 => n NaOH = 3n Al(OH)3 + 6nFe3+ = 0,24 mol = n Na

 => a = 5,52g .Không có đáp án => Loại

 +/TH2: kết tủa tan 1 phần:

 => n Al(OH)3 = 4nAl3+ - n NaOH => n NaOH = 0,28 mol

 => tổng số mol NaOH phản ứng là : 0,28 + 0,02.2.3 = 0,4 mol

 =>a =9,2g

=>B

Thí nghiệm không có kết tủa là:

Cho Zn vào KOH dư : Zn + 2KOH → K2ZnO2 + H2

 =>A

Do X + NaOH dư => CH4

 =>X gồm CH3COONa và CH2(COONa)2 có số mol lần lượt là x và y mol

 => x + y = 0,1 mol

 Và m X= 82x + 148y = 10,84

 =>x= 0,06 mol ; y= 0,04 mol

 =>Khi đốt X , theo bảo toàn Na

 => n Na2CO3 = 0,5(n CH3COONa + 2nCH2(COONa)2 ) = 0,07 mol

 =>m Na2CO3 = 7,42g

 =>C

H2NCH2COOH + HCl → ClH3NCH2COOH

H2NCH2COOH + NaOH → H2NCH2COONa + H2O

=>D

Do chỉ có H+ và Cl- bị điện phân tạo H2 nên nồng độ H+ trong dung dịch giảm dần

=> pH dung dịch tăng lên. Sau đó khi nước bị điện phân thì dù số mol H+ vẫn không đổi nhưng nồng độ tăng do lượng nước giảm => pH tăng

 =>D 

Dựa vào dãy điện hóa

 =>B 

Dựa theo qui tắc anpha

 =>C

Đây là phương pháp điều chế poli(vinyl ancol)

 =>B

Trong X có các ion : Fe2+ ; Fe3+ ; H+ ; SO42-

=> X phản ứng với tất cả các chất trong dãy

 =>D

=>B

 => 56x + 16y = 2,236 – 0,448 = 1,788g

 Các quá trình:   +/ Cho e: Fe → Fe+2 + 2e

+/ Nhận e : O + 2e → O-2

N+5 +3e → N+2

 => n e trao đổi = 2x = 2y + 0,011.3

 =>x= 0,0285 mol ; y= 0,012 mol

 => số mol HNO3 = 2nFe2+ + n NO = 0,068 mol (Bảo toàn N)

 => C = 0,68M

 =>B

Để loại bỏ CO2 và SO2 thì cần chất chỉ phản ứng với 2  khí này tạo ra chất không ở thể khí để lọc tách được C2H4

=> Đó là: Ca(OH)2 ; NaOH

 =>B

Từ sơ đồ ta có:

 X là C6H5COOH ; Y là m-NO2-C6H4-COOH

 => Z là m-NO2-C6H4-COOC2H5

 =>B

Do E + NaOH tạo ancol 2 chức và muối đơn chức

 => E có 4 Oxi .

muối hữu cơ có 1 nối đôi => muối của axit no đơn chức

=> trong E chỉ có 2 liên kết đôi ở 2 nhóm COO

=> CTTQ của E là: CnH2n-2O4

 =>A

Các chất đó là : phenol và phenylamoni clorua (C6H5NH3Cl)

 =>B

Các chất và ion nếu có số oxi hóa trung gian giữa trạng thái có OXH thấp nhất va cao nhất của nguyên tố thì sẽ vừa có tính khử , vừa có tính OXH

 =>Đó là: S ; Fe2+ ; FeO ; SO2 ; N2 => có 5 chất và ion

 =>B

X +O2 → Y => Bảo toàn khối lượng => nO2 = 0,033 mol

 Khi Y phản ứng với HCl thực chất là thay thế 1 mol O bằng 2 mol Cl theo bảo toàn điện tích

 => n HCl = 2n O = 4nO2 = 0,132 mol=>V= 0,132 l

 =>B 

Chỉ có Glucose phản ứng với brom => n Glucose = n Br2 = 0,05 mol

 => 2n Glucose + 2nFructose = n Ag => n Fructose = 0,15 mol

 =>B

Do amin X đơn chức bậc 1 => phản ứng với HCl tỉ lệ mol là 1:1

 => m HCl = m muối – m amin = 7,3g

 =>n amin = n HCl = 0,2 mol

 =>M amin = 59g => X là : C3H7NH2 có các CTCT là: C-C-C-NH2 ; (CH3)2-C-NH2

 Có 2 CT thỏa mãn

 =>B

E nung tạo 2 oxit , Mà A chứa 3 cation => E có 3 hidroxit

 A chứa 3 cation => đó là : Fe2+ ;Fe3+;Cu2+. Các phản ứng :    Fe + 2Ag+ → Fe2+ + 2Ag

Fe + Cu2+ → Fe2+ + Cu

 Fe2+ + Ag+ →  Fe3+ + Ag

 Để thỏa mãn đề thì Fe2+ phải dư hơn so với Ag+

 => c/3 < a < c/2

 =>B

Qui đổi X về x mol Fe và y mol S

 Các quá trình :   +/Cho e:  Fe → Fe+3 + 3e

S → S+6 + 6e

 +/ Nhận e: N+5 + 3e → N+2

N+5 + 1e → N+4

 Đặt  n NO = a mol ; n NO2 = b mol

 => a + b = 2,2 mol

 30a + 46b = 85,2

 =>a= 1 mol ; b= 1,2 mol

 => n e trao đổi = 3x + 6y = 1.3 + 1,2 = 4,2 mol

 Cho Ba(OH)2 dư vào Y => Fe(OH)3 và BaSO4

 Nung => Fe2O3 và BaSO4

 =>Bảo toàn nguyên tố : 80x + 233y = 148,5

 =>x= 0,4 mol ; y = 0,5 mol

 => m= 38,4g

 =>A 

Gọi CT của olefin là CnH2n có số mol là x

+/ CnH2n + H2 → CnH2n+2

 Ban đầu         x         x

 Phản ứng    0,75x   0,75x

 Cân bằng    0,25x   0,25x    0,75x

 => n A = 1,25x mol

 =>m A = 2.23,2 . 1,25x = m hỗn hợp đầu = 14nx + 2x

 =>n= 4 => Olefin là C4H8

 =>C

Metylamin là: CH3NH2 => amin bậc 1

=>B

Cô cạn : 2HCO3- → $C{O_3}^{2-}$ + CO2 + H2O

Bảo toàn điện tích: n HCO3- = 0,6 mol => n CO32- = 0,3 mol

 => tạo 0,1 mol MgCO3 và 0,2 mol CaCO3

 => dung dịch còn 0,8 mol NaCl

 => m muối khan = m NaCl + m MgCO3 + m CaCO3 = 75,2g

=>A

n este = 0,1 mol

 CH3COOC6H5 + 2NaOH → CH3COONa + C6H5ONa + H2O

 =>n NaOH dư = 0,25 – 0,2 = 0,05 mol

 =>m rắn = m NaOH + m CH3COONa + m C6H5ONa = 21,8g

 =>D

Mọi este đều được điều chế từ phản ứng este hoá giữa axit và ancol

 => Sai. Este của phenol chỉ có thể tạo ra từ phenol phản ứng với anhidrit axit hoặc clorua axit

 B. Mọi este của axit cacboxylic đều thuỷ phân trong dung dịch NaOH tạo ancol và muối natri.

 => Sai. Nếu gốc rượu có liên kết đôi đính vào C gắn với COO thì sẽ tạo andehit hoặc xeton

 C. Mọi este hữu cơ no khi cháy đều tạo ra CO2 và H2O bằng nhau.

 => Sai. Chỉ este hữu cơ no đơn chức.

 D. Xà phòng hóa mọi chất béo đều thu được glixerol và muối của axit béo.

=> Đúng

 => D

2 đồng phân là :  n-C3H7OH và i-C3H7OH.

 Khi OXH chúng bằng CuO tạo andehit và ceton , mà chỉ có andehit phản ứng tráng bạc tạo kết tủa bạc nên dùng phương pháp này có thể nhận biết 2 chất trên.

 =>B

X có các đông phân mạch hở là: CH3COOH ; HCOOCH3 ; HO-CH2-CHO

=> chúng có thể phản ứng với các chất:  Na (2 chất phản ứng) ; NaOH(2) ; AgNO3/NH3 (2)

 => có 6 phản ứng tổng cộng

=>D 

Do thủy phân X tạo sản phẩm gồm glyxin, alanin và phenyl alanin. Mà M X = 293g

=> X chỉ gồm 1 gốc Gly ; 1 gốc Ala ; 1 gốc Phe => Y và Z đều là đi peptit

 => Có n HCl = 0,003996 mol => n Y = 0,5n HCl = 0,001998 mol

 =>M Y = 236g => Y là Ala-Phe hoặc Phe-Ala

=> Vậy chỉ có đáp án Ala-Phe-Gly thỏa mãn

 =>A

Tại n NaOH = 0,5 mol là lúc axit bị trung hóa hết => a = 0,5 mol

 Tại n NaOH là 1,4 và 1,8 mol tạo cùng kết tủa =>  khi nhỏ 1,4 mol NaOH thì tạo kết tủa  nhưng không bị hòa tan còn với 1,8 mol NaOH thì kết tủa bị tan 1 phần

 =>n Al(OH)3 = 0,3 = 4b – (1,8-0,5) è b = 0,4 mol

 =>a : b = 4 : 5

 =>D

X là Fe3O4 => Y là Fe => Z là FeCl2 => Chỉ có AgNO3 hoặc HNO3 thỏa mãn trong 4 đáp án.

=> Cặp (Fe ; AgNO3)thỏa mãn

 =>C

X + NaOH tạo khí => X là muối hữu cơ của amin khí hoặc amoni

 =>X là CH2=CH-COONH4.

 Y phản ứng trùng ngưng => Y phải có 2 nhóm chức phản ứng => Y là amino axit

=> Chỉ có cặp amoni acrylat và axit 2-aminopropionic thỏa mãn

 =>B

n H2SO4 = 0,3 mol ; n Fe(NO3)3 = 0,04 mol

 Do sau phản ứng có chất rắn nên chắc chắn có các phản ứng sau:

 3Mg + 8H+ + 2NO3- → 3Mg2+ + NO + H2O

Mg + 2H+ → Mg2+ + H2

Mg + 2Fe3+ → 2Fe2+ + Mg2+

 Mg + Fe2+ → Mg2+ + Fe

 Do m Fe3+ > m B => B chỉ gồm Fe

 => n Mg = 1,5n NO3- + 0,5n H+ dư + 0,5nFe3+ + n Fe2+ = 0,28 mol

 =>m = 6,72g

=>A

Chỉ số axit = 2,8 => n KOH phản ứng với gốc axit = 2,8/56 = 0,05 mol

 =>n KOH phản ứng với gốc COO = 0,35 -0,05 = 0,3 mol

 => n Glixerol = 1/3 . n COO = 0,1 mol

 => m Glixerol = 9,2g

 =>A

1)Nguyên tắc sản xuất gang là khử sắt bằng CO ở nhiệt độ cao.

 => Sai. Phải là khử oxit sắt

 2)Nguyên tắc sản xuất thép là khử các tạp chất trong gang.

 => Sai. Phải là oxi hóa các phi kim trong gang

 3)Tính chất hóa học của Fe2+ là tính khử và tính oxi hóa.

 => Đúng

 4)Nước cứng là nước có chứa nhiều ion Ca2+, Mg2+

=> Đúng

 =>B

CT của lysin là: H2N-(CH2)4-CH(NH2)-COOH

 =>B

Các phản ứng tạo Cu là: (1); (3) ; (4)

 Chú ý : (1) 2Cu2O + Cu2S → 6Cu + SO2

 =>C

Do ta đốt cháy toàn ancol no nên n ancol = n H2O – nCO2

 Mà nCO2 = n kết tủa = 0,8 mol => n H2O = 1,2 mol

 =>Bảo toàn O => n O2 = 0,5.(2nCO2 + n H2O – n ancol) = 1,2 mol

 =>V O2 = 26,88 l

 =>A

Do cô cạn Y chỉ có 2 muối khan nên giả thiết chúng là: CuSO4 và ZnSO4

 =>n CuSO4 = 0,025 mol => n NO3- ban đầu = 0,05 mol

 +/ 3Zn + 8H+ + 2NO3- → 3Zn2+ + 2NO + 4H2O

 0,075   <=       0,05            =>   0,05

 => Zn phản ứng tạo H2 => Y không còn ion NO3- => giả thiết đúng

 => n H2 = n Zn dư = 0,1 – 0,075 = 0,025 mol

 => V khí = V NO + V H2 = 1,68 l

 =>B

Do nguyên tử N còn cặp eletron tự do nên phân tử amin có thể nhận proton.

 =>D

X chỉ chứa 1 chất tan => đó là NaAlO2 => Al phản ứng vừa hết với NaOH

Na + H2O → NaOH + 0,5H2

NaOH + Al + H2O → NaAlO2 + 1,5H2

 NaAlO2 + CO2 + 2H2O → NaHCO3 + Al(OH)3

 n H2 = 0,2 mol => n Na = 0,1 mol = n NaAlO2 = n Al(OH)3

 =>m kết tủa = 7,8g

 =>B

+/Bình 1: Tại Anot: 2H2O → 4H+ + O2 + 4e

 Do pH = 1 => n H+ = 0,1.0,5 = 0,05 mol

 Do 2 bình mắc nối tiếp nên I1 = I2 => số mol e trao đổi như nhau ở 2 bình

 => n e trao đổi = 0,05 mol

 +/Bình 2:  Tại Catot : Fe3+ + 1e → Fe2+ Ag+ + 1e → Ag Cu2+ + 2e → Cu

=> m = m Ag + m Cu = 108.0,02 + 64.0,01 =2,8g

 =>D 

X là C6H12O6 => Y là C2H5OH => Z là CH3COOH => Y là CH3COOC2H5

 =>D