Chọn đáp án D.

Để làm mềm nước cứng thì chất đó cần có ion làm kết tủa Ca²⁺ và Mg²⁺, chỉ có đáp án D là NaOH thỏa mãn với ion $O{H}^{-}$vì $O{H}^{-}$phản ứng với $HC{O}_3^{-}$tạo $C{O}_3^{2-}$để kết tủa hết Ca²⁺ và Mg²⁺

Chọn đáp án B.

Đáp án D không phải là este của glixerol => Không thể là chất béo

Trong 3 đáp án A, B, C thì chỉ có đáp án B là tạo từ axit oleic, một axit không no nên chất béo này

dạng lỏng.

Chọn đáp án B.

Trong các hợp chất của Cr thì chỉ có Cr₂O₃ và Cr(OH)₃ lưỡng tính.

Chọn đáp án B.

nNa⁺ = 0,23/23 = 0,01; nMg²⁺ = 0,48/24 = 0,02 và nSO₄^2- = 0,96/96 = 0,01

BTĐT => n_{$N{O}_3^{-}$}= 0,01 + 0,02 × 2– 0,01 × 2 =0,03 => m$N{O}_3^{-}$ = 0,03 × 62 = 1,86 gam => Đáp án D đúng.

Đáp án A đúng vì BaCl₂ dư => Toàn bộ $S{O}_4^{2-}$ kết tủa hết => mBaSO₄ = 233 × 0,01 = 2,33 gam

Đáp án B sai vì nếu là Mg(NO₃)₂ thì n$N{O}_3^{-}$ = 2 × 0,02 > 0,03

Đáp án C đúng vì mRắn khan = 0,23 + 0,48 + 0,96 + 1,86 = 3,53 gam.

Chọn đáp án B.

nAg = 25,92/108 = 0,24 => nGlucozơ = 0,24/2 = 0,12 

Vậy 

Chọn đáp án B.

Metylamin là CH₃NH₂ có tính bazơ đủ mạnh để làm xanh quỳ tím

Chọn đáp án C.

Dùng Na₂SO₄ thì ở mẫu thử BaCl₂ xuất hiện kết tủa trắng là BaSO₄, ở mẫu thử NaCl không xảy ra hiện tượng, các chất còn lại không phản ứng nên không cho hiện tượng rõ ràng.

Chọn đáp án A.

Quặng hematit là Fe₂O₃, sắt đã bão hòa số oxi hóa, không thể khử N⁺⁵ được nữa nên không tạo ra các sản phẩm khử nào

Manhetit là Fe₃O₄, pirit là FeS₂ và Xiberit là FeCO₃ đều chưa đạt số oxi hóa tối đa.

Chọn đáp án A.

pH = 13 => pOH = 1=> [OH^-] = 10^-1M => nOH^- = 0,1 × 0,1 = 0,01 => m = (0,01/2) × 40 = 0,2.

Chọn đáp án C.

CFC tạo nên các gốc tự do phản ứng dây chuyền phân hủy O₃ thành O₂ làm thủng tầng ozon.

Chọn đáp án C.

Chỉ có nilon-6,6 có liên kết CO-NH (liên kết amit) => Đây là poliamit

Chọn đáp án C.

mFe₃O₄ = [(5,88/56)/3] × 232 = 8,12 gam

Chọn đáp án B.

Với HCl dùng dư thì Y sẽ là ClH₃N-CH(CH₃)-COOH, không cần phải 

Chọn đáp án C.

nCu thu được = 3,2/64 = 0,05 < nCu²⁺ ban đầu = 0,4 × 0,5= 0,2

=> nO₂ = 0,05/2 = 0,0258 => VO₂ = 0,025 × 22,4 = 0,56 lít

Chọn đáp án D.

Nhận thấy trong phân tử của cả hai chất đều có số H = 2 số C

nCO₂ = nH₂O = 10,8/18 = 0,6 =>V = 0,6 × 22,4 = 13,44

Chọn đáp án A.

Đốt cacbonhiđrat thì nCO₂ = nO2 vì có thể quy đổi về C và H₂O

BTKL => m = 0,24 × 44 + 4,14 - 0,24 × 32 = 7,02

Chọn đáp án A.

Phản ứng đúng là: 

Chọn đáp án D.

Cả 3 ý đều là mục đích của việc dùng criolit, nên đọc kĩ để làm những 

Chọn đáp án C.

Thủy phân thu được CH₃COOH và CH₃CHO => X là CH₃COOC₂H₃

Chọn đáp án A.

BTNT.N => nHNO₃ = 0,4 × 3 + 5,6/22,4 = 1,45 mol.

Chọn đáp án C.

Đây là ứng dụng của xenlulozơ, không ai dùng chất béo hay đường hay gạo (tinh bột) làm giấy

Chọn đáp án A.

BTKL => mHCl = 47,52 – 30 = 17,52 => nHCl = 17,52/36,5 = 0,48 = 1,5V/10005 => V= 320

Chọn đáp án B.

Nhận thấy nOH^-: nAl³⁺ = 1,5 => Tính kết tủa theo OH^- => mAl(OH)₃ = 78×0,03/3 = 0,78

Chọn đáp án A.

Chọn V là số mol của CO₂, đặt nNa₂CO₃ = a, nNaHCO₃ = b =>

Vì 0,42 - 0,08 = 0,34 < 0,4 => nCO₂ = 0,34 => V₁ = 0,34 × 22,4 = 7,616

Chọn đáp án B.

X+Y xuất hiện kết tủa => Loại đáp án A và C

X+Z sinh ra khí => Loại D (B tạo ra khí CO₂).

Chọn đáp án D.

Thứ tự nhiệt độ sôi giảm dần (các chất có phân tử khối gần nhau) theo: axit > ancol > este.

Chọn đáp án B.

Tại vị trí nHCl = 2a trên đồ thị thu được 0,25x mol CO₂ nên ta có các phương trình:

=> nCO₂ = 0,25x = a => x = 4a,

sau khi cho x = 4a mol HCl vào thì dung dịch chứa: KCl = 3,25a, HCl = 0,75a => 3,25a × 74,5 + 0,75a × 36,5 = 97,02 => a = 0,36.

Chọn đáp án B.

Amino axit bắt buộc phải có nhóm chức −NH₂ và –COOH => Thuộc loại tạp chức

Chọn đáp án C.

nAxit oleic: nAxit stearic = 0,05 : 0,1 = 1 : 2 => Chất béo có dạng (C₁₇H₃₅COO)₂C₃H₅OOCC₁₇H₃₃

=> M_{Chất béo} = 92 + 282 + 284 × 2 – 18 × 3 = 888

Chọn đáp án C.

Dung dịch X có nBaCl₂ = 0,05, nBa(OH)₂ = 0,05

=> n$S{O}_4^{2-}$< nBa²⁺ và nFe²⁺ <nOH^- => mRắn = 0,07 × 233 + 0,05 × 90 = 20,81 gam

Chọn đáp án B.

nX ban đầu = 24,5/245 = 0,1

Vì không thi được alanin nên khi thủy phân, Gly-Ala–Val có thể bị cắt bằng 2 trường hợp: 

=> nH2O phản ứng = nGly + nVal = 1,5/75 + 4,68/117 =0,06

BTKL => m=24,5 + 0,06 × 18 = 25,58 gam

Chọn đáp án D.

X₄ và X₅ trùng ngưng tạo nilon-6,6 => X₄ hoặc X₅ là hexametylenđiamin hoặc axit ađipic

X₁ + H⁺ tạo X₄ => X₄ là axit ađipic => X₅ là hexametylenđiamino => Đáp án A đúng

=> X₁ là muối natri của axit ađipic => X₂ là một ancol

Vì X tạo 2X₂ => X nhỏ nhất là C₄H₈(COOCH₃)₂ => Đáp án D luôn sai

Chọn đáp án A.

Y là muối của α-amino axit no với axit nitric => Y có dạng O₃NNH₃RCOOH => t=1

X không chứa chức este mà có 4 nguyên tử O lại thủy phân tạo amin và muối của axit cacboxylic, amin này ở thể khí => Phải là (CH₃)₃N

=> X có dạng (CH₃)₃NHOOCRCOOH => nX =nAmin bậc III = 0,03 => a = nX = 0,03

 => nNaOH phản ứng với Y = 0,12 - 0,03 × 2 = 0,06 => nY = 0,06/2 = 0,03

MAxit cacboxylic = 2,7/0,03 = 90 => Axit đó là (COOH)₂ => x = 5 => Y là O₃NNH₃C₄H₈COOH

=> m = 0,03 × 180 + 0,03 × 149 =9,87

Chọn đáp án D

Vì CaCO₃ → CO₂ + O và NO₃ → NO₂ + O => nO trong Y = nKhí = 0,1 và nFe trong Y = nX = 0,2 

=> nHCl phản ứng = 2x + 3y = 0,44

BTNT.O => nH₂O sinh ra = nO trong Y = 0,1

BTNT.H => nH₂ = 0,44/2 - 0,1 = 0,12.

Chọn đáp án B.

nK + nNa = 0,35 – 0,15 = 0,2 => nH₂ = 0,2/2 + 0,1 = 0,2 = a => nAlCl₃ dùng = 0,2

=> nAl3⁺ = 0,2 mà nOH^- = 0,2 + 0,15×2 = 0,5 < 0,1×3 => Al(OH)₃ chưa đạt kết tủa tối đa

nAl(OH)₃ = 0,5/3 => mKết tủa = 27×0,5/3 = 4,5 gam.

Chọn đáp án D.

Có 3 phát biểu đúng là (4), (6) và (7)

(1) sai vì xenlulozơ không tan trong các dung môi thông thường mà phải dùng nước Svayde

(2) sai vì xenlulozơ chỉ tạo từ các mắt xích glucozơ, không có fructozơ

(3) sai vì xenlulozơ màu trắng

(5) sai vì xenlulozơ có mạch không phân nhánh

(8) sai vì cả 2 đều không có CTPT cụ thể => Không thể xét đồng phân

(9) sai vì xenlulozơ tạo từ các mắt xích C₆H₁₀O₅ = nCO₂ = 6n và nH₂O = 5n khác nhau.

Chọn đáp án D.

BTKL => nCO₂ = (29,76 + 1,48×32 – 17,28)/44 = 1,36

BTNT.O => nO trong E = 2×1,36 + 0,96 – 1,48×2 = 0,72 => nCOO trong R=0,72/2 = 0,36

=> nNaOH phản ứng = 0,36 => nNa₂CO₃ khi đối muối = 0,36/2 = 0,18 (BTNT.Na)

BTNT.C => nC trong muối = 0,18 + 0,46 = 0,64

BTNT.C => nC trong F = 1,36 – 0,64 = 0,72 => C_F = 0,72/0,24 = 3

=> 2 ancol có thể là C₃H₇OH và C₃H₆(OH)₂ hoặc C₃H₇OH và C₃H₅(OH)₃

Số nhóm OH trung bình = nNaOH/nAncol = 0,36/0,24= 1,5

=> Nếu trong F có C₃H₆(OH)₂ thì số mol 2 ancol sẽ bằng nhau $\Rightarrow$ Loại ancol 2 chức 

=> 2 ancol phải là 

Các este đều mạch hở => 2 muối thu được phải đơn chức => nMuối = 0,36

=> Số C trung bình 2 muối = 0,64/0,36 =1,78 => Có 1 muối là HCOONa và RCOONa (R có C≡C) 

 với số mol este 3 chức là 0,06 =nC₃H₅(OH)₃

=> 2nRCOOC3H7 + 4nEste3 = nCO2 - nH2O => nRCOOC3H7= (1,36 -0,96 - 4×0,06)/2 = 0,08

=> nRCOONa = 0,08 + 0,06 = 0,14 => nHCOONa = 0,36 - 0,14 = 0,22

BTNT.C => 0,14×(C_R + 1) +0,22 = 0,64 => C_R = 2 => HC≡C-COONa 

Vậy % m_{Este 3 chức} 

Chọn đáp án C.

Có 5 thí nghiệm không xảy ra ăn mòn điện hóa là (1), (2), (4), (5) và (8) vì

(1), (2), (4), (5) chỉ có sự xuất hiện của 1 kim loại; (2), (8) không có môi trường điện li

Lưu ý: nhiều bạn chọn thí nghiệm (7) nhưng thép là hợp kim Fe-C nên cũng có ăn mòn điện hóa

Chọn đáp án D.

Tìm số mol khí trong Z bằng 

Ta có 3nNO + 8nN₂O = 1,35; BTNT.C => nFeCO₃ = 0,135

Vì chỉ thu được một kết tủa duy nhất, có thể là Fe(OH)₂ hoặc Fe(OH)₃

Nếu kết tủa là Fe(OH)₂ => nFe(NO₃)₂ + nFeCO₃ = 126/90 = 19,26/90 = 0,214

=> nFe(NO₃)₂ = 0,214 - 0,135 = 0,079

=> nAl = (40,77 - 0,079×180 - 0,135×116)/27 = 121/300 < 1,35/3 => Không thể là Fe(OH)₂

=> 19,26 gam kết tủa chính là Fe(OH)₃ => nFe(OH)₃ = 19,26/107 = 0,18

=> nFe(NO₃)₂ = 0,18 - 0,135 = 0,045 => nAl = (40,77 - 0,045×180 - 0,135×116)/27 = 0,63

BTE => n$N{H}_4^{+}$ trong Y = (0,63×3 + 0,18 - 0,09×3 - 0,135×8)/8 = 0,09

BTĐT trong Y => n$S{O}_4^{2-}$ = b = 0,63×3 + 0,18×3 + 0,09 = 2,52

Bán phản ứng => a + b = 0,09×4 + 0,135×10 + 0,135×2 + 0,09×10 = 2,88 => a = 2,88-2,52 = 0,36 Vậy a/b = 0,36/2,52 = 0,14286.

Chọn đáp án D.

Tìm số mol khí trong Z bằng 

Ta có 3nNO + 8nN₂O = 1,35; BTNT.C => nFeCO₃ = 0,135

Vì chỉ thu được một kết tủa duy nhất, có thể là Fe(OH)₂ hoặc Fe(OH)₃

Nếu kết tủa là Fe(OH)₂ => nFe(NO₃)₂ + nFeCO₃ = 126/90 = 19,26/90 = 0,214

=> nFe(NO₃)₂ = 0,214 - 0,135 = 0,079

=> nAl = (40,77 - 0,079×180 - 0,135×116)/27 = 121/300 < 1,35/3 => Không thể là Fe(OH)₂

=> 19,26 gam kết tủa chính là Fe(OH)₃ => nFe(OH)₃ = 19,26/107 = 0,18

=> nFe(NO₃)₂ = 0,18 - 0,135 = 0,045 => nAl = (40,77 - 0,045×180 - 0,135×116)/27 = 0,63

BTE => n$N{H}_4^{+}$ trong Y = (0,63×3 + 0,18 - 0,09×3 - 0,135×8)/8 = 0,09

BTĐT trong Y => n$S{O}_4^{2-}$ = b = 0,63×3 + 0,18×3 + 0,09 = 2,52

Bán phản ứng => a + b = 0,09×4 + 0,135×10 + 0,135×2 + 0,09×10 = 2,88 => a = 2,88-2,52 = 0,36 Vậy a/b = 0,36/2,52 = 0,14286.

Chọn đáp án B.

Đipeptit mạch hở tạo từ đồng đẳng của glyxin có dạng C_nH_mN₂O₃ => Ít nhất phân tử có 3 oxi

Mà 3 phân tử X,Y,Z lại có tổng số nguyên tử oxi là 9 = 3×3 = Cả 3 chất đều là đipeptit

Vì nX : nY : nZ = 1 : 2 : 2 mà nX + nY+ nZ = 0,15 => nX = 0,03; nY = nZ = 0,06

Đặt X là Ala(Gly+xCH₂); Y là Ala(Gly+yCH₂) và Z là Ala(Gly+zCH₂)

=> 0,03x + 0,06y + 0,06z + 0,15 = 0,33 => x + 2y + 2z = 6

Các giá trị x, y, z thuộc 0 (Gly) hoặc 1 (Ala) hoặc 3 (Val)

0,15 + (0,03 + 0,06)×3= 0,42 > 0,33 => Chỉ có 1 trong x, y, z bằng 3 hay chỉ có 1 peptit chứa Val Nếu peptit chứa Val có số mol là 0,03 => x = 3 => 2y + 2z = 3 vô lý vì 2y + 2z phải là số chẵn

=> Y hoặc Z phải chứa Val => Giả sử Z là Ala–Val (hoặc Val–Ala) => z = 3

=> x + 2y = 0 => x = y = 0 => X và Y chỉ khác cách sắp xếp như Gly-Ala và Ala-Gly

Với thí nghiệm sau, nX : nY : nZ = 3 : 2 : 2 mà nX + nY + nZ = 0,07 => nX = 0,03 và

nY = nZ = 0,02

 Vì nY vẫn bằng nZ => Peptit Y hay Z chứa Val đều được