Đáp án C

Sản xuất nhôm từ quặng boxit : khí oxi sinh ra ở cực dương đốt cháy dần dần than chì sinh ra CO₂

Sản xuất xút từ muối ăn: sinh ra khí clo

Sản xuất rượu vang từ quả nho chín.: sinh ra khí CO₂

Đáp án A

Poliacrilonitrin được tổng hợp bằng p.ư trùng hợp CH₂= CH-CN (tơ nitron hay tơ olon)

Poli(hexametylen-ađipamit): được tổng hợp bằng p.ư trùng ngưng giữa H₂N-[CH₂ ]₆ - NH₂ và HOOC[CH₂ ]₄COOH

Poli(butađien-stiren)    được tổng hợp bằng p.ư đồng trùng hợp buta-1,3ddien với stiren nhưng sản phẩm không phải là tơ mà là cao su buna-S

Poli(etylen-terephtalat): tơ được điều chế bằng p.ư trùng ngưng axit terephtalic và etylen glicol

Đáp án B

glyxin: H₂N- CH₂- COOH

anilin: C₆H₅-NH₂

axit glutamic: HOOC-CH₂- CH₂- CH(NH₂) -COOH

Amilopectin là 1 thành phần của tinh bột, chiếm từ 70-80% khối lượng tinh bột

Đáp án A

- Saccarozo được dùng nhiều trong công nghiệp thực phẩm, để sản xuất bánh kẹo, nước giải khát....Trong công nghiệp dược phẩm để pha chế thuốc

- Axit glutamic: là hợp chất phổ biến nhất trong các protein của các loại hạt ngũ cốc, nó đống vai trò quan trọng trong trao đổi chất của cơ thể động vật, nhất là các cơ quan não bộ, gan, cơ , nâng cao khả nang hoạt động của cơ thể. Bột ngọt (hay mì chính) là muối mononatri của axit glutamic hay mononatri glutamat. Bột ngọt dùng làm gia vị nhưng vì tăng ion Na⁺  trong cơ thể làm hại các notron thần kinh do đó được khuyến cáo không nên lạm dụng.

Đáp án B

Cu thỏa mãn yêu cầu đề bài. Còn Na, Mg, Al được điều chế bằng phương pháp điện phân nóng chảy hợp chất của chúng.

Lưu ý:

- Phương pháp thủy luyện còn gọi là phương pháp ướt, được dùng để điều chế những kim loại có độ hoạt động hóa họcthấp như Au, Ag, Hg, Cu…

- Phương pháp nhiệt luyện được ứng dụng rộng rãi trong công nghiệp để điều chế những kim loại có độ hoạt động hóa học trung bình như Zn, Cr, Fe, Sn, Pb, Cu,…

- Phương pháp điện phân được dùng để điều chế hầu hết các kim loại, từ những kim loại có độ hoạt động hóa học cao đến trung bình và thấp.

Đáp án D

Lời giải chi tiết

Khi cho NaOH vào có hiện tượng:

- tạo kết tủa trắng rồi tan trong NaOH dư là ống nghiệm chứa dung dịch Al(NO₃)₃

- tạo kết tủa nâu đỏ là FeCl₃

- tạo kết tủa trắng và không tan trong NaOH dư là MgCl₂

- còn lại là ống nghiệm chứa KCl không có hiện tượng xảy ra.

Al(NO₃)₃ + 3NaOH → Al(OH)₃ + 3NaNO₃; Al(OH)₃ + NaOH → NaAlO₂ + H₂O

FeCl₃ + 3NaOH → Fe(OH)₃ + 3NaCl

MgCl₂ + 2NaOH → Mg(OH)₂ + 2NaCl

Đáp án B

Các thực nghiệm để tìm ra công thức dạng mạch hở của glucozo bao gồm:

+ Khử hoàn toàn glucozo thu được hexan -----> glucozo có 6C tạo thành mạch hở không phân nhánh

+ Glucozo có phản ứng tráng bạch, tác dụng với nước brom tạo axit gluconic -----> glucozo có -CHO

+ Glucozo tác dụng với Cu(OH)₂ tạo thành dung dịch màu xanh lam ----> glucozo có nhiều nhóm OH kề nhau

+ Glucozo tạo este chứa 5CH₃COO ----> glucozo có 5 -OH

Đáp án D

Sở dĩ các ancol và axit có nhiệt độ sôi cao hơn các hidrocacbon, các este cũng phân tử khối là do giữa các phân tử ancol, axit có liên kết hidro.

Ngoài ra, tính tan của ancol và axit cũng do liên kết hidro quyết định

Đáp án A

Crom là kim loại cứng nhất, có nhiệt độ nóng chảy là 2671⁰C < nhiệt độ nóng chảy của W là 3422⁰C

Đáp án C

2 thanh kim loại Zn, Cu được nối với nhau bằng dây dẫn ngâm trong dd axit, tạo ra 1 pin điện, trong đó kẽm là cực âm, đồng là cực dương, khí được thoát ra

+ Các e di chuyển từ thanh Zn sang thanh Cu qua dây dẫn tạo ra dòng điện 1 chiều.

+ Các ion H⁺ trong dd di chuyển về thanh Cu (cực dương) nhận e bị khử thành H₂ và sau đó thoát ra khỏi dd.

Kết quả là thanh Zn bị ăn mòn điện hóa đồng thời tạo thành dòng điện

Đáp án A

Ta có phản ứng của:

1CO + 1O → 1CO₂

1H₂ + 1O → 1H₂O.

→ từ tỉ lệ có: n(O trong oxit phản ứng) = n(khí X phản ứng) = (36,1 – 28,1) ÷ 16 = 0,5 mol → V = 11,2

Đáp án A

Các hợp chất hữu cơ thường kém bền với nhiệt, dễ cháy

+ Phản ứng hóa học của các hợp chất hữu cơ thường xảy ra chậm và theo nhiều hướng khác nhau trong cùng 1 điều kiện, nên tạo ra hỗn hợp sản phầm

Đáp án D

+ Công thức của isopropylamin là: CH₃- CH(NH₂)CH₃ : là một amin bậc 1

+ Anilin có công thức là C₆H₅NH₂ : nhóm phenyl làm giảm mật độ e ở nguyên tử nito do đó làm giảm lực bazo, tính bazo của anilin yếu không làm đổi màu quỳ và phenolphtalein

+ Ở nhiệt độ thường, 1 số amin : metyl- ; đimetyl- ; trimetyl- ; etylamin là nhưng chất khí, mùi khai khó chịu, độc, dễ tan trong nước. Tuy nhiên các đồng đẳng cao hơn là chất lỏng/ rắn và độ tan giảm dần theo chiều tăng phân tử khối. Anilin ít tan trong nước.

+ Nhận biết anilin dùng dd brom (tạo kết tủa trắng)

Đáp án C

Các chất lưỡng tính: Sn(OH)₂, Pb(OH)₂, Al(OH)₃, Cr(OH)₃

Đáp án B

Các thí nghiệm: a, d, g

+ Phản ứng a: thu được dd gồm FeCl₂, FeCl₃, AlCl₃

+ Phản ứng b: thu được Zn, H₂O

+ Phản ứng c: thu được Ag, AgNO₃, Fe(NO₃)₂

+ Phản ứng d: thu được Mg(OH)₂, BaSO₄, H₂

+ Phản ứng e: Thu được Ag, NO₂, O₂

+ Phản ứng g: thu được NaOH, H₂, Cl₂

Đáp án C

Y + HCl tạo CH₃COOH nên Y là muối CH₃COONa

Z + O₂ tạo CH₃COOH nên Z là C₂H₅OH

Vậy X tác dụng với NaOH mà cho ra được Y và Z như trên thì X là este và có công thức là CH₃COOC₂H₅ (C₄H₈O₂)

Đáp án D

Ta có: amin tác dụng HCl tạo ra muối.

BTKL: m(HCl) + m(X) =m (muối)

Tìm được m(HCl) = 3,65 g nên n(HCl) =0,1 mol

Vì amin là đơn chức nên n(X) =n(HCl) = 0,1 mol

Suy ra M(X) = 5,9 / 0,1 = 59

Vậy CT X: C₃H₉N

Các CTCT thỏa mãn:

C-C-C-N

C-C(C)-N

C-C-N-C

C-N(C)-C

Đáp án B

+ X làm quỳ chuyển xanh nên loại bỏ đáp án X là axit glutamic và alanin. Như vậy còn lại 2 đ.a

+ Y làm dd brom nhạt màu và kết tủa trắng nên Y là anilin (C₆H₅NH₂, kết tủa là C₆H₂(Br)₃(NH₂) (không loại bỏ được đ.a nào tiếp)

+ Z có phản ứng tráng bạc nên Z không thể là saccarozo. Như vậy loại bỏ đ.a Z là saccarozo, còn lại 1 đ.a với X, Y, Z, T lần lượt là Lysin, anilin, fructozo, glixerol

Đáp án B

CT của các chất lần lượt là: Vinyl foamt (HCOOC₂H₃) , metyl acrylat (C₂H₃COOCH₃); glucozo (C₆H₁₂O₆) ; saccarozo (C₁₂H₂₂O₁₁) ; etylamin (C₂H₅NH₂); alanin (H₂N- CH(CH₃)-COOH

+ Các chất đơn chức, mạch hở bao gồm: vinyl fomat, metyl acrylat,etylamin (3 chất) (lưu ý: một số hợp chất có 1 nhóm chức này nhưng có thâm 1 hay các nhóm chức khác không được gọi là đơn chức mà gọi là tạp chức)

+ Các chất bị thủy phân trong kiềm gồm có vinyl fomat, metyl acrylat. (2 chất) (lưu ý: phản ứng của alanin td với NaOH không gọi là thủy phân và các cacbohidrat bị thủy phân trong axit chứ không phải kiềm)

+ Các chất tham gia tráng bạc: vinyl fomat, glucozơ (2 chất)

+ Các chất làm mất màu nước brom: vinyl fomat, metyl acrylat, glucozơ ( 3 chất)

Đáp án B

Các mệnh đề: 3, 4, 5, 6.

(1). Trong công nghiệp, CO₂ được thu hồi từ quấ trình đốt cháy hoàn toàn than để cung cấp năng lượng cho các quá trình sản xuất khác. Ngoài ra, CO­₂ còn được thu hồi từ quá trình chuyển hóa khí thiên nhiên, các sản phẩm dầu mỏ….quá trình nung vôi, lên men rượu từ đường glucozo.

(2) Trong PTN, silic được điều chế bằng caasch đốt cháy một hỗn hợp gồm bột magie và cát nghiền mịn:

SiO₂ + 2Mg → Si + 2MgO

Trong công nghiệp, silic được điều chế bằng cách dùng than cốc khử SiO₂ trong lò điện ở nhiệt độ cao.

SiO₂ + 2C → Si + 2CO

Đáp án D

Ta có: n(Cl₂) = 0,06mol

Sản phẩm của quá trình Cr₂ +6 nhận e là Cr+3 và sản phẩm của quá tình Cl₂ nhường e là Cl^-

BT e: n(K₂Cr₂O₇) = 0,06 . 2 / 6= 0,02 mol

Vậy V= 0,2 (l)

Đáp án D

Gọi n(glu) = x; n(sac) = y

Ta có: Tổng khối lương 2 chất là 7,02 g nên 180x + 342y = 7,02

Thủy phân 2 chất thì lượng glu ban đầu vẫn giữ nguyên ( tráng bạc cho ra 2 Ag) , còn sac thì thủy phân ra 2 phân tử glu mới (tráng bạc cho tổng 4Ag)

Vậy 2x + 4y = 8,64/ 108

Tìm được x= 0,02 và y= 0,01

Vậy % glu ban đầu = 0,02. 180 . 100% / 7,02 = 51,28%

Đáp án B

CH₂=C(CH₃)COOCH₂CH₃ + NaOH → CH₂=C(CH₃)COONa + C₂H₅OH.

X là C₂H₅OH → X tách nước tạo C₂H₄ (X₁) sau đó trùng hợp cho PE.

Y là CH₂=C(CH₃)COONa

CH₂=C(CH₃)COONa + HCl → CH₂=C(CH₃)COOH + NaCl

CH₂=C(CH₃)COOH + CH₃OH ↔ CH₂=C(CH₃)COOCH₃ + H₂O

Trùng hợp Y₂ là CH₂=C(CH₃)COOCH₃ thu được thủy tinh hữu cơ

Đáp án B

Các phát biểu đúng là: b, e, g, h

+ Mệnh đề a: Crom thuộc nhóm VI

+ Mệnh đề b: Crom bị thụ động hóa trong axit HNO₃ và H₂SO₄ đặc nguội nên không tan trong chúng

+ Mệnh đề c: Trong môi trường axit, muối cromat sẽ tạo thành đicromat

+ Mệnh đề d: Trong môi trường kiềm, muối crom (III) có tính khử và bị những chất oxi hóa mạnh oxi hóa thành muối Crom (VI)

+ Mệnh đề e: CrO là 1 oxit bazo, có tính khử; Cr₂O₃ là 1 oxit lưỡng tĩnh, tan trong axit và kiềm đặc; CrO₃ là chất rắn đỏ thẫm, có tính oxi hóa mạnh và là 1 oxit axit

+ Mệnh đề g: Khi nung nóng:

2NH₃ + 3CuO -------> 3Cu + N₂ + 3H₂O

và CuO + CO---> Cu +CO₂  

+ Mệnh đề h: CrO₃ có tính oxi hóa rất mạnh, một số chất vô cơ và hữu cơ như S, P, C, NH₃; C₂H₅OH ... bốc cháy trực tiếp với CrO₃

Đáp án A

Gọi M có số oxi hóa từ 0 lên +n

BT e: ta có: 8,1n/ M = 10,08. 2/ 22,4

Tìm được M = 9n.

Cặp nghiệm thỏa mãn là n= 3 và M= 27 (Al)

+ Al có thể tác dụng với dd HCl và NaOH

+ Al được điều chế bằng phương pháp điện phân nóng chảy

+ Độ dẫn điện của Al < Cu

+ Al là kim loại nhẹ ( 2,7 g/ cm^3)

Đáp án A

X và Y có khả năng tráng bạc và tác dụng NaOH tạo muối nên chúng là este có dạng HCOOR và axit R'COOH

Mà M(X) < M(Y) < 70 nên X là HCOOH, và Y là HCOOCH₃

Vậy d(Y/X) = 60/ 46 = 1,305

Đáp án B

Các phát biểu đúng là: b, c, g.

+ Mệnh đề a: không thể dùng AgNO₃/NH₃ dư, t⁰ để phân biệt fruc và glu vì trong môi trường kiềm, fruc chuyển hóa thành glu, 2 chất đều cho cùng hiện tượng là tạo ra lớp Ag trắng xám

+ Mệnh đề b: Trong môi trường kiềm, fruc và glu có cân bằng chuyển hóa lẫn nhau.

+ Mệnh đề c: Glucozo tồn tại ở cả dạng mạch vòng và dạng mạch hở tuy nhiên trong dd thì dạng mạch vòng là chủ yếu. Dạng vòng anpha chiếm khoảng xấp xỉ 36%, dạng vòng beta chiếm khoảng xấp xỉ 64%, trong khi dạng hở chiếm khoảng 0,003%

+ Mệnh đề d: Xenlulozo và tinh bột mặc dù có CT chung giống nhau là (C₆H₁₀O₅)_n tuy nhiên giá trị của n ở mỗi chất có khoảng khác nhau, và chúng không phải đồng phân của nhau

+ Mệnh đề e: Sac chỉ có tính chất của ancol đa chức và phản ứng thủy phân và không có chứa nhóm -CHO

+ Mệnh đề g: Tinh bột là hỗn hợp của 2 polisaccarit là amilozo và amilopectin. Trong đó, các gốc anpha- glucozo trong amilozo nối với nhau bời liên kết anpha-1,4- glicozit tạo thành 1 chuỗi dài không phân nhánh còn amilopectin thì có cấu trúc mạch phân nhánh.

Đáp án A

Gọi m(phân) = 100 → m(KCl) = 59,6 và m(K₂CO₃) = 34,5

→ BTNT (K): n(K₂O) = 59,6 : 74,5 : 2 + 34,5 : 138 = 0,65 → m(K₂O) = 61,1

→ Độ dinh dưỡng 61,1

Đáp án B

Gọi X có CT là C_xH_yO_zN_t

Ta có: x: y: z: t = (40,449/12) : (7,865/1) : (35,956/ 16) : (15,73/14) = 3: 7: 2: 1

X có CTPT trùng CTĐGN nên X là C₃H₇O₂N

X có thể tác dụng với kiềm và axit nên X có thể là: NH₂- CH(CH₃) -COOH hoặc NH₂- CH₂- COO-CH₃.

Khi cho 4,45 gam X ứng với n(X) =0,05 mol, thì m(muối)= 4,85g tức là M(muối) = 4,85/ 0,05 = 97

Vậy X là NH₂- CH₂- COO-CH₃.

Như vậy:

+ X vừa tác dụng HCl, vừa tác dụng NaOH là đúng

+ X chứa 1 nhóm chức este COO

+ X là hợp chất no, tạp chức (bao gồm chức NH₂ và COO)

+ X khó tan trong nước hơn alanin vì alanin tồn tại dạng ion lưỡng cực  (muối nội phân tử)

Đáp án C

Các mệnh đề đún: b, c, d, e

+ Mệnh đề a: Thép là hợp kim của Fe và C, trong đó có từ 0,01 - 2% khối lượng C, ngoài ra còn có 1 số nguyên tố khác (Si, Mn, Cr, Ni...)

+ Mệnh đề b: Bột Al trộn với Fe₂O₃ gọi là hỗn hợp tecmit được dùng để hàn gắn đường ray bằng phản ứng nhiệt nhôm

+ Mệnh đề c: Dùng Na₂CO₃ có chứa ion CO₃^2-  tạo ra các kết tủa CaCO₃ và MgCO₃ có tác dụng làm mềm nước cứng.

+ Mệnh đề d: Bột lưu huỳnh tác dụng với thủy ngân ở ngay nhiệt độ thường, tạo chất rắn đen HgS dễ thu gom, không gây độc hai.

+ Mệnh đề e: Khi làm thí nghiệm Cu +HNO₃ , người ta nút ống nghiệm bằng bông tẩm kiềm để hạn chế các khí độc thoát ra ngoài gây hại (các hí sẽ tác dụng với dd kiềm) 

Đáp án C

Giả sử m = 10 g, khi đó n(X) = 0,1 mol

Theo dữ kiện đề bài thì khi cho Y vào nước dư thu được 0,025 mol CaCO₃

→ hỗn hợp X chứa 0,025 mol CaCO₃ và 0,075 mol KHCO₃. Các quá trình phản ứng xảy ra:

2KHCO₃ → K₂CO₃ + CO₂

CaCO₃  → CaO + CO₂

Khi cho Y vào nước dư thì:

K₂CO₃ + CaO + H₂O  → CaCO₃ + 2KOH

Vậy dung dịch E gồm K₂CO₃ dư (0,0125) và KOH (0,05)

PT:

H⁺ + OH^-  → H₂O

H⁺ + CO₃^2-  → HCO₃^-

H⁺ + HCO₃^- → CO₂ + H₂O

Lượng HCl cho vào E đến khi bắt đầu thoát khí là:

n(HCl)₁ = n(K₂CO₃) + n(KOH) = 0,0625

Lượng HCl cho vào E đến khi thoát hết khí là:

n(HCl)₂ = 2n(K₂CO₃) + n(KOH) = 0,075

=> n(HCl)₁ : n(HCl)₂ = 5:6

Đáp án A

Đáp án B

Các mệnh đề: a, c, d, f.

+ Phenol tham gia phản ứng thế brom dễ hơn benzen do ảnh hưởng của nhóm -OH.

+ Phenol có tính axit, tuy nhiên tính axit quá yếu không làm đổi màu quỳ

Đáp án D

Ta có: m(bình tăng) = m(F) – m(H₂) → m(H₂) = 0,33 → n(H₂) = 0,165

→ n(OH ancol) = n(CHO) = 0,33 # 0,63 → hỗn hợp có anđehit không no.

Khi đốt cháy ancol, gọi n(CO₂) = a và n(H₂O) = b

BTNT (O): 2a + b = n(OH) + 2n(O₂) = 2,13

BTKL: m(ancol) = m(C) + m(H) + m(O) → 12a + 2b = 9,3

→ a = 0,63 và b = 0,87 → n(ancol) = n(H₂O) – n(CO₂) = 0,24

Nhận xét: n(ancol) = 0,24 mà n(OH) = 0,33 → Số nhóm OH trung bình trong F = 0,33 : 0,24 = 1,375

→ Có 1 chất đơn chức. Mà 2 chất hơn kém nhau 1 chức → hỗn hợp có 1 chất 1 chức và 1 chất 2 chức.

Gọi n(ancol đơn) = x và n(ancol 2 chức) = y → x + y = 0,24 và x + 2y = 0,33 → x = 0,15 và y = 0,09

Gọi số lk pi trong anđehit đơn là u và trong anđehit 2 chức là v → 0,15u + 0,09v = 0,63

Cặp nghiệm thỏa mãn: u = 3 và v = 2

Với v = 2 → (CHO)₂ → ancol: C_2­H₄(OH)₂ (0,09 mol) → m(ancol đơn) = 9 → M(ancol đơn) = 60

Ancol đơn: C_nH_2n+2O → n = 3 → C₃H₇OH → andehit: CH≡C-CHO (0,15 mol)

Khi cho hỗn hợp CH≡C-CHO (0,15 mol) và (CHO)₂ (0,09 mol)

→ kết tủa là: Ag (0,15. 2 + 0,09. 4 = 0,66 mol) và CAg≡C-COONH₄ (0,15 mol) → m = 100,38

Đáp án A

Tại t(h):

Catot:   Cu + 2e $\to$ Cu                   Anot: 2Cl^- $\to$ Cl₂ + 2e

                                                                    1                    1

                                                           2H₂O $\to$ 4H⁺ + O₂ + 4e

                                                                        8a + 2x         8a + 2x

Tại 2t(h)

Catot:   Cu + 2e $\to$ Cu                          Anot: 2Cl^- $\to$ Cl₂ + 2e

             1       2                                                  1            0,5    1

            2H2O + 2e $\to$ 2OH^- + H_­2               2H₂O $\to$ 4H⁺ + O₂ + 4e

                           2x        2x       x                             8a + 2x         8a + 2x

Bảo toàn e ta có: 2 + 2x = 1+ 8a + 2x nên a = 0,125.

Ta có: n(e) tại 2t = 2n(e) tại t nên 1 +8a + 2x = (1+2a)´2

Tìm được x = 0,25

Như vậy: tại t(h) : n(e) = 1,25.

Suy ra:

+ tại 1,75t(h) : n(e) = 2,1875 > 2 nên Catot đã có khí

+ tại 2t(h) : n(H₂) = 0,25; n (Cl₂) = 0,5; n(O₂) = 0,375 nên tổng khí = 1,125 = 9a

+ Tại 1,5t(h) : n(e) = 1,875 <2 nên Cu chưa điện phân hết

+ tại 0,75t (h) : n(e) = 0,9375 < 1 nên H₂O (tại anot) chưa bị điện phân

Đáp án A

Cho X tác dụng với NaOH thu được T gồm 2 amin đồng đẳng kế tiếp có KLPT trung bình là 36,6.

 chứng tỏ 2 amin phải là CH₃NH₂ và C₂H₅NH₂.

Do vậy Y phải là HCOOH₃NCH₃ còn Z là

H₂N-CH₂COOH₃NC₂H₅.

Áp dụng quy tắc đường chéo suy ra tỉ lệ số mol của CH₃NH₂ và

C₂H₅NH₂ là 3:2.

Gọi số mol của Z là x suy ra số mol của Y là 1,5x.

Suy ra 77. 1,5x + 120x = 9,42 Giải được x=0,04.

Cho 9,42 gam X tác dụng với HCl loãng dư thu được muối chứa

0,06 mol CH₃NH₃Cl, 0,04 mol C₂H₅NH₃Cl và 0,04 mol

ClH₃NCH₂COOH.

Suy ra m = 11,77g

Đáp án D

Dựa vào đồ thị:

+Thấy lúc kết tủa cực đại thì lúc này kết tủa sẽ gồm BaSO₄ và Al(OH)₃ có tổng số mol là 0,28 mol.

+Lúc kết tủa không thay đổi thì nó chỉ gồm BaSO₄ có số mol 0,12 mol.

Suy ra n(BaSO₄) = 0,12 mol nên n(Al(OH)₃) =0,16 mol

Lúc kết tủa Al(OH)₃ vừa bị hoà tan hết thì dùng 4a mol H₂SO₄ lúc này SO₄^2- đã đi và 0,12 mol BaSO₄ và 0,08 mol Al₂(SO₄)₃.

Bảo toàn S: n(H₂SO₄) = 4a = 0,12+ 0,08 . 3 = 0,36 nên a= 0,09

Bảo toàn nguyên tố suy ra số mol Ba và Al trong hỗn hợp ban đầu là 0,12 và 0,16 mol (về nguyên tố).

Bảo toàn e: n(O) =[2n(Ba) +3n(Al) -2n(H₂)] / 2 = 0,27mol

Suy ra m= 0,12. 137 + 0,16. 27 + 0,27 . 16 = 25,08

Đáp án A

Quy đổi hỗn hợp muối về H₂NCH₂COONa x mol, HCOONa y mol và CH₂ z mol.

$\to 97x+68y+14z=27$

Đốt lượng muối trên cân 0,925 mol O₂ và thu được 0,625 mol CO₂.

Ta có:$0,2H_{2}NC{H}_{2}COOH + 0,05HCOOH + 0,05C_2{H}_{2}OH + 0,3C{H}_2\to E + H_{2}O$

Đáp án D

Cho m gam X tác dụng với 0,61 mol HCl thu được m+16,195 gam hỗn hợp muối và 0,085 mol hỗn hợp khí Z gồm H₂ và NO có tổng khối lượng là 1,57gam.

Giải được số mol H₂ và NO lần lượt là 0,035 mol và 0,05 mol.

Gọi số mol Cu và Mg lần lượt là x và y.

Kết tủa thu được sẽ gồm Cu(OH)₂ x mol, Mg(OH)₂ y mol và Fe(OH)₂ 0,12 mol

→ 98x + 58y + 0,12.90 = 24,44

Do chỉ có Fe²⁺ nên bảo toàn e:

2x + 2y = 0,035.2 + 0,05.3 + 0,01.8 + 0,03.2 (Fe₃O₄)

Giải hệ: x =0,08; y = 0,1.

→%Cu = 25,75%

Đáp án C

Cho 200 gam NaOH chứa 0,6 mol NaOH và 176 gam H₂O.

Cho 46,6 gam E tác dụng với NaOH thu được phần hơi Z chứa chất T có khối lượng phân tử là 32, vậy T là CH₃OH.

Cho Z qua bình đựng Na thấy bình tăng 188,85 gam và thu được 0,275 mol H₂.

BTKL: m_Z = 188,85 + 0,275.2 = 189,4 gam.

Z sẽ chứa CH₃OH và H₂O (gồm nước của dung dịch NaOH + nước mới sinh ra).