Chọn đáp án A

Chất điện li yếu là các axit yếu, bazo yếu

A. 

B. AgCl là muối không tan nên không phải là chất điện li

C. NaOH là bazo mạnh nên là chất điện li mạnh

D. H₂SO₄ là axit mạnh nên là chất điện li mạnh

Chọn đáp án C

P thể hiện tính oxi hóa khi tác dụng với chất khử, số oxi hóa giảm sau phản ứng

Chọn đáp án C

A. Zn + 2HCl → ZnCl₂ + H₂↑

B. Al + NaOH + H₂O → NaAlO₂ + 1,5H₂↑

C. Ag không tác dụng với O₂

D. AgNO₃ + Fe(NO₃)₂ → Fe(NO₃)₃ + Ag↓

Chọn đáp án B

Fe và Zn cùng nhúng vào dung dịch HCl khi xảy ra ăn mòn điện hóa thì Zn sẽ bị ăn mòn trước vì Zn là kim loại hoạt động hóa học hơn Fe => do vậy Fe sẽ không bị ăn mòn

Chọn đáp án D

Chọn đáp án D

Nước mềm là nước không chứa các ion Mg²⁺, Ca²⁺ => nước mưa có thể coi là nước mềm vì không chứa các in này

Chọn đáp án C

A, B, D. đúng

C. Sai vì Cr + 2HCl→ CrCl₂ + H₂↑

2Cr + 3Cl₂ $\stackrel{t^0}{\to }$ 2CrCl₃

Chọn đáp án A

Glucozơ có nhiều trong quả nho chín nên còn gọi là đường nho

Chọn đáp án B

A. Glyxin có CTCT: NH₂- [CH₂]₃-CH(NH₂)- COOH => có 2 gốc NH₂ và 1 gốc COOH nên có cả tính axit và bazo

B. Anilin có CTCT: C₆H₅NH₂ => chỉ có tính bazo

C. Axit glutamic: HOOC- CH₂-CH₂-CH(NH₂)- COOH => có cả tính axit và bazo

D. metylamoni clorua: CH₃NH₃Cl là muối có tính axit

Chọn đáp án B

NaHCO₃ là muối tạo bởi kim loại mạnh và gốc axit yếu => có tính bazơ nên có pH > 7

Chọn đáp án B

A. Sai thành phần chính của supephotphat đơn là Ca(H₂PO₄)₂ và CaSO₄

B. đúng

C. Sai thành phần chính của supephotphat đơn là Ca(H₂PO₄).

D. Nitrophotka là hỗn hợp gồm KNO₃ và (NH₄)₂HPO₄

Chọn đáp án A

        CH₃

CH₃CH-CH₃ + Cl₂ $\to$CH₃ –C-CH₂Cl + HCl

       CH₃

2, 2 – đimetyl propan

Chọn đáp án C

Fe + 2HCl → FeCl₂ + H₂↑

0,15← 0,15 (mol)

=> m_FeCl2 = 0,15. 127 = 19,05 (g)

Chọn đáp án C

Gọi số mol của Al là x (mol)

2Al + Fe₂O₃ $\to$ Al₂O₃ + 2Fe

x     →0,5x           →0,5x                    (mol)

m_giảm = m_Fe2O3 - m_Al2O3

=> 0,5x. 160 - 0,5x. 102 = 0,58

=> x = 0,02 (mol)

=> m_Al = 0,02. 27 = 0,54 (g)

Chọn đáp án C

CO chỉ khử được các oxit kim loại đứng sau Al

Cu tác dụng được với muối sắt (III)

Chọn đáp án A

Gọi công thức của amin là RNH₂

m_AMIN = 20. 22,5% = 4,5 (g); n_HCl = 0,1.1 = 0,1(mol)

RNH₂ + HCl→ RNH₃Cl

0,1← 0,1 (mol)

=>  R + 16 = 45

=> R = 29 (C₂H₅)

 CTCT của amin là: C₂H₇N

Chọn đáp án B

Bảo toàn electron: n_Ag = n_NO2 = 0,2 (mol)

1glu → 2Ag

=> n_glu = 1/2n_Ag = 0,2/ 2 = 0,1 (mol) => m_glu = 0,1.180 = 18 (g)

Chọn đáp án A

n_CO2  > n_H2O => X, Y phải có chứa từ 2 liên kết pi trở nên

=> loại ngay đáp án B, C, D vì glucozo và fructozo trong phân tử chỉ có 1 liên kết pi  ( khi đốt cháy cho n_CO2 = n_H2O)

Vậy tinh bột và saccarozơ là phù hợp

Chọn đáp án D

A. Nhựa novolac là phản ứng trùng ngưng giữa focmanđehit và  phenol lấy dư với xúc tác là axit

B. Xenlulo zơ là từ thiên nhiên

C. Tơ enang hay còn gọi là nilon -7 là phản ứng trùng ngưng của axit ω- amino etanoic ( ω- H₂N[CH₂]₆COOH)

D. Teflon trùng hợp từ CF₂=CF₂ 

Chọn đáp án D

A,B, C đúng

D sai vì phenol không hòa tan được Cu(OH)₂

Chọn đáp án B

A. loại ancol etylic và natri axetat không tác dụng

B. đúng

2CH₃COOH + Na₂CO₃ → 2CH₃COONa + H₂O + CO₂↑

C₆H₅OH + Na₂CO₃ → C₆H₅ONa + NaHCO₃

2C₆H₅COOH + Na₂CO₃ → 2C₆H₅COONa + H₂O + CO₂↑

C. Loại anilin không tác dụng được

D. Loại natri phenlat không tác dụng được

Chọn đáp án B

Các phát biểu đúng là: a), c), d), g) => có 4 phát biểu đúng

Chọn đáp án D

Xút có công thức là NaOH, sẽ tác dụng với SO₂ tạo ra muối => không độc

2NaOH + SO₂ → Na₂SO₃ + H₂O

Chọn đáp án C

P + 5HNO₃ → H₃PO₄ + 5NO₂↑ + H₂O

a →5a          → a                                     (mol)

S + 6HNO₃ → H₂SO₄ + 6NO₂↑ + 2H₂O

b→ 6b          → b                                   (mol)

∑ n_{HNO3 pư} = (5a + 6b) mol

=> n_HNO3 dư = (5a + 6b).20% = a + 1,2b (mol)

∑ n_H+ = n_HNO3 + 3n_H3PO4 + 2n_H2SO4 =  ( a + 1,2b) + 3a + 2b

=> ∑ n_H+ = 4a + 3,2b (mol)

Phản ứng trung hòa: H⁺ + OH^-→ H₂O

=> n_NaOH = n_OH- = n_H+ = 4a + 3,2b (mol)

Chọn đáp án C

=> có một khí là CH₄  $\Rightarrow n_{C{H}_4}=\frac{1,12}{22,4}=0,05$(mol)

=> số mol khí còn lại trong X là : 0,075 – 0,05 = 0,025 (mol) = n_Br2

=> Gọi CTPT của anken là C_nH_2n: 0,025 (mol)

BTNT C => 0,025n + 0,05 = 0,125

=> n = 3 => C₃H₆

Vậy hỗn hợp X gồm CH₄ và C₃H₆

Chọn đáp án B

Gọi CTPT của X là C_nH_2n-2 : a (mol) ;  n_H2 = b (mol)

M_trước = 4,8.2 = 9,6 (g/mol) ; M_sau = 8.2 = 16 (g/mol).

Phản ứng xảy ra hoàn toàn, M_sau= 16 (g/mol) nên trong hỗn hợp sau có H₂ => C_nH_2n-2 phản ứng hết

C_nH_2n-2 + 2H₂ → C_nH_2n+2

a         → 2a    →  a            (mol)

=> n_sau = n_{H2 dư} + n_CnH2n+2 = ( b- 2a) + a

=> n_sau = b - a

Ta có: m_CnH2n-2 + m_H2 = m_X

 => (14n – 2)a + 2b = 9,6. ( a+b)

=> (14n -2)a + 8a = 9,6. (a + 4a)

=> n = 3 => C₃H₄

Chọn đáp án A

Đốt 0,15 mol X + 0,3 mol O₂ → 0,3 mol CO₂ + 0,3 mol H₂O

BTNT O => n_{O(trong X)} = 2n_CO2 + n_H2O – 2n_O2 = 0,3

=> CTPT chung cho 2 ancol là C₂H₄O => phải có 1 ancol là CH₃OH

Vì 2 phân tử ancol hơn kém nhau không quá 2 nguyên tử C => ancol còn lại là C₃H₄O

Tỉ lệ 2 mol ancol trong hỗn hợp là 1: 1

=> n_CH3OH = n_C3H4O = 0,1 (mol)

CH₃OH và CH≡C-CH₂-OH cho qua CuO nung nóng thu được HCHO và CH≡C-CHO

HCHO + 4AgNO₃/NH₃ → 4Ag

0,1         → 0,4                             (mol)

CH≡C-CHO + 3AgNO₃/NH₃ → CAg≡C-COONH₄ + 2Ag↓

0,1              → 0,3 (mol)

=> n_AgNO3 = 0,4 + 0,3 = 0,7 (mol)

=> V_AgNO3 = 0,7 : 1 = 0,7 (lít)

Chọn đáp án C

Chọn đáp án D

Dd sau phản ứng thu được 3 muối và không có AgNO₃ => tất cả Ag⁺ chuyển hết thành Ag

BTNT Ag => n_Ag = n_AgNO3 = 0,6 (mol)

Khối lượng giảm = m_Ag sinh ra – m_{Fe, Cu}

=> 50 = 0,6.108 – m

=> m = 14,8 (g)

Chọn đáp án A

Bảo toàn electron:

2n_Cu + n_Fe2+ = 3n_NO

=> n_NO = (2.0,1 + 0,1 )/3 = 0,1 (mol)

BTNT N => n_NaNO3= 0,1.85 = 8,5 (g)

Chọn đáp án B

X là NaNO₃ và Y là NaHSO₄

NaNO₃ + NaHSO₄ → Không phản ứng

NaNO₃ + Cu → Không phản ứng

NaHSO₄+ Cu → Không phản ứng

2NaNO₃ + 8NaHSO₄ + 3Cu → 5Na₂SO₄ + 3CuSO₄ + 2NO↑ + 4H₂O

Chọn đáp án A

Các phát biểu đúng là: 1, 3, 5, 6 => có 4 phát biểu đúng

Chọn đáp án D

X  có pH = 8,42 > 7 => có môi trường bazo => X là C₆H₅NH₂

Z có pH = 2 => là axit mạnh => Z là HCl

Y  có pH = 3,22 < pH của T = 3,45 => tính axit của Y mạnh hơn của T => Y là HCOOH và T là CH₃COOH.

A. Sai vì C₆H₅NH₂ không có phản ứng tráng gương.

B. Sai HCOOH không thể điều chế được từ C₂H₅OH

C. Sai vì HCOOH chỉ làm mất màu dung dịch nước brom chứ không tạo kết tủa với dd nước brom

D. Đúng vì CH₃COOH có thể làm giấm ăn,

Chọn đáp án B

Nhìn đồ thị ta thấy có 3 giai đoạn

+ giai đoạn 1: đồ thị đi lên khi xảy ra phản ứng:

3Ba(OH)₂ + Al₂(SO₄)₃→ 3BaSO₄↓ + 2Al(OH)₃↓  (1)

+ giai đoạn đồ thị đi xuống là do Ba(OH)₂ đang hòa tan kết tủa Al(OH)₃↓ theo phản ứng

Ba(OH)₂ + 2Al(OH)₃→ Ba(AlO₂)₂ + 4H₂O  (2)

+ giai đoạn đồ thị đi ngang khi phản ứng (2) Al(OH)₃ bị hòa tan hoàn toàn, chỉ còn lại kết tủa BaSO₄

n_Ba(OH)2 = 0,1. 0,2 = 0,02 (mol) ; n_NaOH = 0,1.0,3 = 0,03 (mol) ; n_Al2(SO4)3 = 0,1.0,1 = 0,01 (mol)

=> ∑ n_OH- = 2n_Ba(OH)2 + n_NaOH = 2. 0,02 + 0,03 = 0,07 (mol)

Có các phản ứng xảy ra:

Ba²⁺ + SO₄^2-→ BaSO₄↓

0,02              → 0,02            (mol)

3OH^- + Al³⁺ → Al(OH)₃↓

4OH^- + Al³⁺ → AlO₂⁻ + H₂O

Áp dụng công thức nhanh:

n_OH- = 4n_Al3+ - n_Al(OH)3

=> n_Al(OH)3 = 4n_Al3+  - n_OH- = 4.0,02 – 0,07 = 0,01 (mol)

=> m↓ = m_Al(OH)3 + m_BaSO4 = 0,01.78 + 0,02.233 = 5,44 (g) gần nhất với 5,45 (g)

Chọn đáp án A

Đặt số mol AlC₄: x mol và số mol CaC₂: y mol

Al₄C₃ + 12H₂O → 4Al(OH)₃ + 3CH₄↑

x                       → 4x            → 3x          (mol)

CaC₂ + 2H₂O → Ca(OH)₂ + C₂H₂↑

y                     → y              → y             (mol)

Ca(OH)₂  + 2Al(OH)₃ → Ca(AlO₂)₂ + 4H₂O

y              →2y            → y                          (mol)

Kết tủa B là Al(OH)₃ : 4x – 2y (mol)

ddY có: n_Ca(AlO2)2 = y (mol)

hỗn hợp C gồm CH₄: 3x (mol) ; C₂H₂ : y (mol)

BTNT C => đốt thu được n_CO2 = n_CH4 + 2n_C2H2 = 3x +2y

CO₂ dư nên xảy ra phản ứng tạo Ca(HCO₃)₂

2CO₂ + Ca(AlO₂)₂ + 4H₂O → Ca(HCO₃)₂+ 2Al(OH)₃↓

                  y                                                 → 2y          (mol)

Theo bài ta có: (4x – 2y).78 = 2y. 78

=> x = y

=> tỉ lệ mol Al₄C₃ và CaC₂ là 1: 1

Chọn đáp án D

Quy đổi hỗn hợp X thành Fe, Mg, O và CO₂

Đặt a, b là số mol của O và CO₂ trong X. Đặt x là số mol H_2­

∑ m_{(O +CO2)} = 31,12 – 24,88 = 6,24 (1)

Sau phản ứng với dung dịch NaOH thu được dd chứa K₂SO₄ và Na₂SO₄

Bảo toàn điện tích:

Từ (1), (2) và (3)

=> a = 0,28 (mol) ; b = 0,04 (mol) ; x = 0,06 (mol

=> m = 24,88 + 39 ( 0,255 –b –x) + 0,025.18 + 0,605.96 = 88, 285  => nhận định a) sai

n_KNO3 = 0,225 – b – x = 0,125 => nhận định b) sai

%FeCO₃ = ( 0,04.116/ 31,12).100%  = 14,91% => nhận định c) sai

n_O = 4n_Fe3O4 + n_FeCO3 =>  n_Fe3O4 = 0,06 => nhận định d) sai

=> có tất cả 4 nhận định sai.

Chọn đáp án C

Đốt cháy X cho n_CO2 = n_H2O => X có dạng: C_nH_2nO_x

M_X = 90 => 14n + 16x = 90

=> n = x = 3 phù hợp

Vậy CTPT của X là C₃H₆O₃: 0,03 (mol) ( n­_X = n_CO2 /3)

BTNT: O => n_O2 đốt X = (2n_CO2 + n_H2O – 3n_C3H6O3)/2 = ( 2.0,09 + 0,09 – 3.0,03)/2 = 0,09 (mol)

n_{O2( để đốt Y)} = 0,135 – 0,09 = 0,045 (mol)

n_Y = n_H2O – n_CO2 = 0,045 – 0,03 = 0,015 (mol)

Y có dạng C₂H₆O_y: 0,015 (mol)

BTNT: O => 0,015y + 0,045.2 = 0,03.2 + 0,045

=> y = 1

CTCT của Y là C₂H₅OH

BTKL cho phản ứng thủy phân: m_Z + m_H2O = m_X + m_Y

=> m_H2O = 0,03. 90 - 0,015.46 – 2,85 = 0,54 (g) => n_H2O = 0,03 (mol)

Phản ứng thủy phân có dạng: Z + 3H₂O → 2X + Y

CTCT của Z là thỏa mãn

HO-CH₂-CH₂-COO-CH₂-CH₂-COO-C₂H₅

HO-CH(CH₃)-COO-CH₂-CH₂-COO-C₂H₅

HO-CH₂-CH₂-COO-CH(CH₃)-COO-C₂H₅

HO-CH(CH₃)-COO-CH(CH₃)-COO-C₂H₅

A. Đúng X có 2 CTCT phù hợp là HO-CH₂-CH₂-COONa và HO- CH(CH₃)-COONa

B. Đúng ( viết như trên)

C. sai vì Z: C₈H₁₄O₅ => % O = [(16.5): 190 ].100% = 42%

D. Đúng cả X và Z đều chứa nhóm –OH và –COOH nên thuộc hợp chất tạp chức.

Chọn đáp án A

Bảo toàn e: => n_ROH + n_H2O = 2n_H2 = 3,44 (mol)

BTNT K : => n­_KOH  = 2n_K2CO3 = 0,4 (mol)

TH₁: Nếu X + KOH không tạo ra H₂O thì Z gồm ancol và H₂O từ dd KOH

=> n_ROH = 3,44 – 3,2 = 0,24 (mol) và m_ROH = 63,6 – 3,2.18 = 6 (g)

TH₂: Nếu X + KOH tạo ra H₂O => hỗn hợp Z gồm ancol ; H₂O từ dd KOH và H₂O từ phản ứng sinh ra

=> n_ROH  + n_{H2O (sinh ra)} = 3,44 – 3,2 = 0,24 (mol)

=> n_ROH  = n_{H2O (sinh ra)} = 0,12 (mol) (Vì tỉ lệ sinh ra n_H2O = n_ROH)

Ta có: 0,12 (R + 17) + 0,12. 18 =  63,6 – 3,2.18

=> R= 15. Vậy ancol là CH₃OH

CTPT của X là  HOC₆H₄COOCH₃ ( Vì X chứa vòng benzen và có phân tử khối < 160)

BTKL ta có: m_X + m_ddKOH = m_Z + m_Y

=> m_Y = m_X + m_ddKOH - m_Z = 18,24 + 80 – 63,6 = 34,64 (g)

HOC₆H₄COOCH₃ + KOH → KOC₆H₄COOK + CH₃OH

                                                        0,12              ← 0,12    (mol)

=> m_KOC6H4COOK = 0,12. 214 = 25,68 (g)

Gần nhất với giá trị 74%

Chọn đáp án C

Cách 1:

Ta thấy gly và ala là 2 aa no, hở, 1 NH₂,1 COOH :

Gọi hỗn hợp là 1 peptit duy nhất có số mắt xích là 

Gọi hỗn hợp ban đầu có x(mol)

Theo dữ liệu bài toán ta có hệ sau:

Cách 2: Coi hỗn hợp là hỗ hợp gồm

Giả thiết =>

=> Số mắt xích trung bình của hỗn hợp

=> Phải có X là tripeptit

Chọn đáp án C

C₆H₁₀O₅ có độ bất bão hòa

X + NaHCO₃ hoặc với Na đều thu được số mol khí = số mol X => X có 1 nhóm –COOH và 1 nhóm –OH

X không chứa nhóm –CH₂− trong phân tử => X có CTCT là:

CH₃- CH- COO- CH- COOH

         OH             CH₃

(1) CH₃-CH(OH)-COO-CH(CH₃)-COOH (X) → CH₂=CH(OH)-COO-CH(CH₃)-COOH (Y) + H₂O

(2) CH₃-CH(OH)-COO-CH(CH₃)-COOH  (X)  + 2NaOH → 2CH₃-CH(OH)-COONa (Z) + H₂O

(3) CH₂=CH(OH)-COO-CH(CH₃)-COOH (Y) + 2NaOH → CH₃CH(OH)COONa (Z) + CH₂=CHCOONa (T) +H₂O

(4) 2CH₃-CH(OH)-COONa (Z) + H₂SO₄  → 2CH₃-CH(OH)-COOH (P) + Na₂SO₄

(5) CH₂=CHCOONa + NaOH $\to$ Na₂CO₃ + CH₂=CH₂ (Q)

(6) CH₂ = CH₂ (Q) + H₂O → C₂H₅OH (G)

a) đúng: CH₃-CH(OH)-COOH + Na → CH₃-CH(ONa)-COONa + H₂

b) đúng: C₂H₄ có thể làm hoa quả mau chín

c) sai vì CH₂=CHCOONa + H₂ → CH₃CH₂COONa

d) đúng vì “ xăng sinh học” là trộn 95% xăng thông thường với 5% etanol

=> có 3 phát biểu đúng